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2023年丰台区高三一模数学理有答案2.docx

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资源描述

1、 北京市丰台区2023年高三年级第二学期统一练习(一)数 学 试 题(理)一、本大题共8小题,每题5分共40分.在每题列出的四个选项中,选出符合题目要求的一项.1如果为纯虚数,那么实数a等于( )A0B-1C1D-1或12设集合,那么集合是( )ABCD3假设那么的值是( )A84B-84C280D-2804奇函数上单调递增,假设那么不等式的解集是( )ABCD5从0,2,4中取一个数字,从1,3,5中取两个数字,组成无重复数字的三位数,那么所有不同的三位数的个数是( )A36B48C52D546在,的( )A充分而不必要条件B必要而不充分条件C充分必要条件D既不充分也不必要条件7设那么( )

2、Aa+b有最大值8Ba+b有最小值8Cab有最大值8Dab有最小值88整数以按如下规律排成一列:(1,1)、(1,2)、(2,1)、(1,3)、(2,2),(3,1),(1,4),(2,3),(3,2),(4,1),那么第60个数对是( )A(10,1)B(2,10)C(5,7)D(7,5)二、填空题:本大题共6小题,每题5分,共30分.把答案填在题中横线上.9在平行四边形ABCD中,点E是边AB的中点,DE与AC交于点F,假设的面积是1cm2,那么的面积是 cm2.10假设一个正三棱柱的三视图及其尺寸如以下列图所示(单位:cm),那么该几何体的体积是 cm3.11样本容量为1000的频率分布

3、直方图如下列图.根据样本的频率分布直方图计算,x的值为 ,样本数据落在内的频数为 .12在平面直角坐标系中,直线的参数方程为(参数),圆C的参数方程为(参数),那么圆心到直线的距离是 .13在右边的程序框图中,假设输出i的值是4,那么输入x的取值范围是 .14函数图象上点P处的切线与直线围成的梯形面积等于S,那么S的最大值等于 ,此时点P的坐标是 .三、解答题:本大题共6小题,共80分.解容许写出文字说明,演算步骤或证明过程.15(12分)函数的图象经过点 (I)求实数a、b的值; (II)假设,求函数的最大值及此时x的值.16(13分) 如图,在底面是正方形的四棱锥PABCD中,PA面ABC

4、D,BD交AC于点E,F是PC中点,G为AC上一点. (I)求证:BDFG; (II)确定点G在线段AC上的位置,使FG/平面PBD,并说明理由. (III)当二面角BPCD的大小为时,求PC与底面ABCD所成角的正切值.17(14分) 某工厂师徒二人各加工相同型号的零件2个,是否加工出精品均互不影响.师父加工一个零件是精品的概率为,师徒二人各加工2个零件都是精品的概率为 (I)求徒弟加工2个零件都是精品的概率; (II)求徒弟加工该零件的精品数多于师父的概率; (III)设师徒二人加工出的4个零件中精品个数为,求的分布列与均值E.18(13分)函数 (I)当a0), (I) 5分 (II)要

5、使FG/平面PBD,只需FG/EP,而,由可得,解得7分故当时,FG/平面PBD9分设平面PBC的一个法向量为那么,而,取z=1,得,同理可得平面PBC的一个法向量设所成的角为0,那么即12分PA面ABCD,PCA就是PC与底面ABCD所成的角,14分17(14分)解:(I)设徒弟加工1个零件是精品的概率为p1,那么所以徒弟加工2个零件都是精品的概率是3分 (II)设徒弟加工零件的精品数多于师父的概率为p,由(I)知,师父加工两个零件中,精品个数的分布列如下:012P徒弟加工两个零件中,精品个数的分布列如下:012P所以9分 (III)的分布列为01234P13分的期望为14分18(13分)解

6、:函数的定义域为1分3分 (1)故函数在其定义域上是单调递增的.5分 (II)在1,e上,发如下情况讨论:当ae时,显然函数上单调递减,其最小值为仍与最小值是相矛盾;12分综上所述,a的值为13分19(13分)解:(1)的距离之和是4,的轨迹C是长轴为4,焦点在x轴上焦中为的椭圆,其方程为3分 (2)将,代入曲线C的方程,整理得 5分因为直线与曲线C交于不同的两点P和Q,所以设,那么 7分且显然,曲线C与x轴的负半轴交于点A(-2,0),所以由将、代入上式,整理得10分所以即经检验,都符合条件当b=2k时,直线的方程为显然,此时直线经过定点(-2,0)点.即直线经过点A,与题意不符.当时,直线的方程为显然,此时直线经过定点点,且不过点A.综上,k与b的关系是:且直线经过定点点13分20(14分)解:(I)对于数列,取显然不满足集合W的条件,故不是集合W中的元素,2分对于数列,当时,不仅有而且有,显然满足集合W的条件,故是集合W中的元素.4分 (II)是各项为正数的等比数列,是其前n项和,设其公比为q0,整理得7分对于且故,且9分 (III)证明:(反证)假设数列非单调递增,那么一定存在正整数k,使,易证于任意的,都有,证明如下:假设当n=m+1时,由而所以所以,对于任意的显然这k项中有一定存在一个最大值,不妨记为;所以与这题矛盾.所以假设不成立, 故命题得证.14分

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