1、绝密启用前2023年普通高等学校招生全国统一考试（江西卷）文科数学本试卷分第一卷（选择题）和第二卷（非选择题）两局部，第一卷1至2页，第二卷3至4页，共150分。考生注意：1. 答题前，考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上，考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目与考生本人准考证号、姓名是否一致。2. 第I卷每题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。第二卷用黑色墨水签字笔在答题卡上作答。假设在试题卷上作答，答案无效。3. 考试结束，监考员将试题卷、答题卡一并收回。参考公式如果事件互斥，那么 球的外表积
2、公式 如果事件，相互独立，那么 其中表示球的半径 球的体积公式如果事件在一次试验中发生的概率是，那么 次独立重复试验中恰好发生次的概率 其中表示球的半径 第一卷一选择题：本大题共12小题，每题5分，共60分。在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的。1对于实数，“是“的A充分不必要条件B必要不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件【答案】B【解析】主要考查不等式的性质。当C=0时显然左边无法推导出右边，但右边可以推出左边2假设集合，那么A B C D【答案】C【解析】考查集合与简单不等式。解决有关集合的问题关键是把握住集合中的元素，由题知集合A是由大于等于-1小于等于1的数构成
3、的集合，所以不难得出答案3展开式中项的系数为ABCD 【答案】D【解析】考查二项式定理展开式中特定项问题，解决此类问题主要是依据二项展开式的通项，由4假设满足，那么ABC2D4【答案】B【解析】考查函数的奇偶性，求导后导函数为奇函数，所以选择B5不等式的解集是ABCD【答案】A【解析】考查含绝对值不等式的解法，对于含绝对值不等式主要是去掉绝对值后再求解，可以通过绝对值的意义、零点分区间法、平方等方法去掉绝对值。但此题利用代值法会更好6函数的值域为ABCD【答案】C【解析】考查二次函数型值域问题。通过函数形状发现此函数很像二次函数，故令 可得从而求解出二次函数值域7等比数列中，那么ABCD【答案
4、】A【解析】考查等比数列的通项公式。用代特值法解决会更好。8假设函数的图像关于直线对称，那么为ABCD任意实数【答案】B【解析】考查反函数，因为图像本身关于直线对称故可知原函数与反函数是同一函数，所以先求反函数再与原函数比较系数可得答案。或利用反函数的性质，依题知（1，a/2）与（a/2，1）皆在原函数图故可得a=-19有位同学参加某项选拔测试，每位同学能通过测试的概率都是，假设每位同学能否通过测试是相互独立的，那么至少有一位同学通过测试的概率为ABCD【答案】D【解析】考查n次独立重复事件中A事件恰好发生K次的公式，可先求n次测试中没有人通过的概率再利用对立事件得答案D10直线与圆相交于M、
5、N两点，假设|MN|，那么的取值范围是ABCD【答案】B【解析】考查相交弦问题。法一、可联立方程组利用弦长公式求|MN|再结合|MN|可得答案法二、利用圆的性质知：圆心到直线的距离的平方加上弦长的一半的平方等于半径的平方求出|MN|再结合|MN|可得答案11如图，M是正方体的棱的中点，给出以下命题过M点有且只有一条直线与直线、都相交；过M点有且只有一条直线与直线、都垂直；过M点有且只有一个平面与直线、都相交；过M点有且只有一个平面与直线、都平行. 其中真命题是：A B C D 【答案】C【解析】考查立体几何图形中相交平行垂直性质12如图，四位同学在同一个坐标系中分别选定了一个适当的区间，各自作
6、出三个函数， ，的图像如下。结果发现其中有一位同学作出的图像有错误，那么有错误的图像是A BC D【答案】C【解析】考查三角函数图像，通过三个图像比较不难得出答案C绝密启用前2023年普通高等学校招生全国统一考试（江西卷）文科数学第二卷本卷须知： 第二卷2页，须用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，假设在试题上作答，答案无效。二.填空题：本大题共4小题，每题4分，共16分。请把答案填在答题卡上13向量，满足，与的夹角为，那么在上的投影是 ；【答案】1 【解析】考查向量的投影定义，在上的投影等于的模乘以两向量夹角的余弦值14将5位志愿者分成3组，其中两组各2人，另一组1人，分赴世博会的三个不同场馆
7、效劳，不同的分配方案有 种（用数字作答）；【答案】90 【解析】考查排列组合里分组分配问题，15点在双曲线的右支上，假设点到右焦点的距离等于，那么 ；【答案】2 【解析】考查双曲线的比值定义，利用点A到右焦点比上到右准线的距离等于离心率得出216长方体的顶点均在同一个球面上，那么，两点间的球面距离为 .【答案】【解析】考查球面距离，可先利用长方体三边长求出球半径，在三角形中求出球心角，再利用球面距离公式得出答案三.解答题：本大题共6小题，共74分。解容许写出文字说明,证明过程或演算步骤17（本小题总分值12分）设函数.（1）假设的两个极值点为，且，求实数的值；（2）是否存在实数，使得是上的单调
8、函数？假设存在,求出的值；假设不存在，说明理由.【解析】考查函数利用导数处理函数极值单调性等知识解： （1）由有，从而，所以；（2）由，所以不存在实数，使得是上的单调函数.18（本小题总分值12分）某迷宫有三个通道，进入迷宫的每个人都要经过一扇智能门。首次到达此门，系统会随机（即等可能）为你翻开一个通道.假设是1号通道，那么需要1小时走出迷宫；假设是2号、3号通道，那么分别需要2小时、3小时返回智能门.再次到达智能门时，系统会随机翻开一个你未到过的通道，直至走出迷宫为止. (1)求走出迷宫时恰好用了1小时的概率；(2)求走出迷宫的时间超过3小时的概率.【解析】考查数学知识的实际背景，重点考查相
9、互独立事件的概率乘法公式计算事件的概率、随机事件的数学特征和对思维能力、运算能力、实践能力的考查。解：(1)设A表示走出迷宫时恰好用了1小时这一事件，那么.(2) 设B表示走出迷宫的时间超过3小时这一事件，那么.19（本小题总分值12分）函数. （1）假设，求；（2）假设，求的取值范围.【解析】考查三角函数的化简、三角函数的图像和性质、三角函数值域问题。依托三角函数化简，考查函数值域，作为根本的知识交汇问题，考查根本三角函数变换，属于中等题.解：（1）由得，所以.（2）由（1）得由得，所以从而.20（本小题总分值12分）如图，与都是边长为2的正三角形，平面平面，平面，.（1）求直线与平面所成的
10、角的大小；（2）求平面与平面所成的二面角的正弦值.【解析】此题主要考查了考查立体图形的空间感、线面角、二面角、空间向量、二面角平面角的判断有关知识，同时也考查了空间想象能力和推理能力解法一：（1）取CD中点O，连OB，OM，那么OBCD，OMCD.又平面平面,那么MO平面，所以MOAB，A、B、O、MAM、BO相交于E，那么AEB就是AM与平面BCD所成的角._C_H_M_D_E_B_O_A_FOB=MO=，MOAB，那么，所以，故.（2）CE是平面与平面的交线.由（1）知，O是BE的中点，那么BCED是菱形.作BFEC于F，连AF，那么AFEC，AFB就是二面角A-EC-B的平面角，设为.因
11、为BCE=120，所以BCF=60.，所以，所求二面角的正弦值是.解法二：取CD中点O，连OB，OM，那么OBCD，OMCD，又平面平面,那么MO平面.以O为原点，直线OC、BO、OM为x轴，y轴，z轴，建立空间直角坐标系如图.OB=OM=，那么各点坐标分别为O（0，0，0），C（1，0，0），M（0，0，），B（0，-，0），A（0，-，2），（1）设直线AM与平面BCD所成的角为.因（0，），平面的法向量为.那么有，所以.（2），.设平面ACM的法向量为，由得.解得，取.又平面BCD的法向量为，那么设所求二面角为，那么.21（本小题总分值12分）抛物线：经过椭圆：的两个焦点.(1) 求椭圆
12、的离心率；(2) 设，又为与不在轴上的两个交点，假设的重心在抛物线上，求和的方程. 【解析】考查椭圆和抛物线的定义、根本量，通过交点三角形来确认方程。解：（1）因为抛物线经过椭圆的两个焦点， 所以，即，由得椭圆的离心率.（2）由（1）可知，椭圆的方程为： 联立抛物线的方程得：，解得：或（舍去），所以 ，即，所以的重心坐标为.因为重心在上，所以，得.所以.所以抛物线的方程为：，椭圆的方程为：.22（本小题总分值14分）正实数数列中,且成等差数列.(1) 证明数列中有无穷多项为无理数；(2)当为何值时，为整数，并求出使的所有整数项的和.【解析】考查等差数列及数列分组求和知识证明：（1）由有：，从而，方法一：取，那么（）用反证法证明这些都是无理数.假设为有理数，那么必为正整数，且，故.,与矛盾，所以（）都是无理数，即数列中有无穷多项为无理数;方法二：因为，当的末位数字是时，的末位数字是和，它不是整数的平方，也不是既约分数的平方，故此时不是有理数，因这种有无穷多，故这种无理项也有无穷多(2) 要使为整数，由可知：同为偶数，且其中一个必为3的倍数，所以有或当时，有（）又必为偶数，所以（）满足即（）时，为整数；同理有（）也满足，即（）时，为整数；显然和（）是数列中的不同项；所以当（）和（）时，为整数；由（）有，由（）有.设中满足的所有整数项的和为，那么
