1、河北省衡水中学河北省衡水中学 20202020 届高三下学期一调理科综合届高三下学期一调理科综合答案答案 20192019-20202020 高三下学期一调化学答案高三下学期一调化学答案 7 8 9 10 11 12 13 C A D C B D C 26.26.（1 15 5分）分）（1 1）反反应应中中硫硫酸酸过过量，在量，在浓缩浓缩过过程程中，中，稀稀硫硫酸酸变浓变浓，浓浓硫硫酸酸的的吸吸水水性性使使CuSO4 5H2O 失失去去结晶水结晶水变变为为 CuSO4 （2 分分，说到说到有有稀稀硫酸硫酸，得得 1 分分；再说再说到到浓浓硫硫酸酸吸吸水水性性使使硫硫酸铜酸铜晶晶体体失水失水，得
2、得 1 分分；其其它它合合理理答答案案同同样样给分）给分）（2 2）Cu+H2O2+H2SO4CuSO4+2H2O（2 分分）（3 3）减压设备（减压设备（1 1 分分）水（水（H2O）（1 1 分分）（1 1）2Cu2+2NH3 H2O+SO 2-=Cu2(OH)2SO4+2NH4+（2 分分)加加入入乙乙醇醇或或醇醇析析（1 分分）Cu(NH3)4SO4 H2O 晶晶体体难难溶溶于于乙乙醇醇，能溶能溶于水于水（1 分分）（1 1）平衡气压，防止堵塞和倒吸平衡气压，防止堵塞和倒吸 （1 分分 （2）（3 3）AB（2 分分)27.（14 分）分）（1）温度升高，单质硫在煤油中的溶解度增加）温
3、度升高，单质硫在煤油中的溶解度增加 （1 分）分）95 （1 分）分）（2）4ClO3+4H+Se=4ClO 2+H2O+H2SeO3 （2 分）分）（2）ClO2+4H+5e-=Cl+2H2O （2 分）分）0.345 （2 分）分）（4）5.01035 mol L1 （2 分）分）（说明：单位没写扣说明：单位没写扣 1 1 分分，列式正确也可得分，列式正确也可得分）Na2SeSO3+H2SO4=Na2SO4+Se+SO2+H2O（2 分）分）（5）3.2103 （2 分）分）28（14 分）分）（1）H 4 2H2 H 3 （2 分）分）（2）减小减小 （1 分）分）（2 分）分）C （2
4、 分）分）规律：压强增大，甲醇转化率减小（规律：压强增大，甲醇转化率减小（1 分）。分）。原因：原因：压强增大，催化剂吸附水分子的量增多，催化效率降低压强增大，催化剂吸附水分子的量增多，催化效率降低。（2 分）分）（3）CH3OCH3 12e-3H2O 2CO2 12H+（2 分）分）9.6g （2 分）分）20202020 届高三下学期一调考试生物学科参考答案届高三下学期一调考试生物学科参考答案 1 1-6 BCCDCB6 BCCDCB 2929.（8 8 分）分）细胞质基质、线粒体、叶绿体（答全得分）细胞质基质、线粒体、叶绿体（答全得分）减少减少 2.5 2.5 光合作用速率与呼吸作用速率
5、相等光合作用速率与呼吸作用速率相等 e e 能能 1010 小时光合作用积累的有机物大于小时光合作用积累的有机物大于 1414 小时黑暗条件下消耗的有机物小时黑暗条件下消耗的有机物 2020 30.30.（1 1）K+K+外流外流 低低 （2 2）Na+Na+内流内流 电信号（神经冲动或局部电流）电信号（神经冲动或局部电流）（3 3）将单独培养的大鼠自突触神经元随机分为）将单独培养的大鼠自突触神经元随机分为 A A 组和组和 B B 组，用谷氨酸受体抑制剂处理组，用谷氨酸受体抑制剂处理 A A 组组神经元，神经元，B B 组神经元不做处理，用电极刺激两组组神经元不做处理，用电极刺激两组自突触神
6、经元胞体，测量其电位变化。自突触神经元胞体，测量其电位变化。A A 组神经元的第二次电位变化明显小于组神经元的第二次电位变化明显小于 B B 组的（组的（A A 组神经不出现第二次电位变化）组神经不出现第二次电位变化）31.31.（1010 分）（分）（1 1）两（）两（2 2 分）分）一对位于常染色体上，另一对位于性染色体（或一对位于常染色体上，另一对位于性染色体（或 X X）上）上（2 2 分）分）（2 2）让）让 F F2 2中的紫花雌株分别与白花雄株杂交，单株收获种子并分别单独种植，统计中的紫花雌株分别与白花雄株杂交，单株收获种子并分别单独种植，统计 F F3 3中花中花色性状及比例（
7、色性状及比例（4 4 分）。分）。F F3 3中紫花：白花中紫花：白花3 3：1 1 的亲本雌株为所需植株（的亲本雌株为所需植株（2 2 分）。分）。32.32.（9 9 分）分）（1 1）物种丰富度增大，营养结构越来越复杂（）物种丰富度增大，营养结构越来越复杂（2 2 分分）样方法样方法（2 2）弱光弱光 乔乔木木 （3 3）捕食捕食 负反馈调节负反馈调节 （4 4）调节种间关系，以维持生态系统的稳定性调节种间关系，以维持生态系统的稳定性（2 2 分分）37.（选修一：生物技术实践，15 分）（1 1）受原油污染）受原油污染 原油原油 其他两组都含有葡萄糖，能分解原油的细菌和不能分解原油的其
8、他两组都含有葡萄糖，能分解原油的细菌和不能分解原油的细菌都能利用葡萄糖，不能起到筛选作用（细菌都能利用葡萄糖，不能起到筛选作用（3 3 分）分）（2 2）细胞内（细胞膜上）或细胞外）细胞内（细胞膜上）或细胞外 （3 3）可重复利用（易与底物分离）可重复利用（易与底物分离）控制待处理污水流速（处理过程中通气）控制待处理污水流速（处理过程中通气）控制污水流控制污水流速可让原油充分分解（原油降解菌需要在有氧的条件下才能将原油彻底分解）（其他答案合速可让原油充分分解（原油降解菌需要在有氧的条件下才能将原油彻底分解）（其他答案合理也可）理也可）38.38.中心法则中心法则（1 1 分）分）基因修饰或基因
9、合成基因修饰或基因合成 不是不是 已知目的基因已知目的基因的核苷酸序列的核苷酸序列 繁繁殖快、多为单细胞、遗传物质相对少殖快、多为单细胞、遗传物质相对少 CaCa+感受态感受态 抗体抗体 一调物理试题答案一调物理试题答案 14【答案】【答案】C【解析】【解析】试题分析：小球试题分析：小球 C 为轻环，重力不计，受两边细线的拉力的合力与杆垂直，为轻环，重力不计，受两边细线的拉力的合力与杆垂直，C 环与乙环的连环与乙环的连线与竖直方向的夹角为线与竖直方向的夹角为 600，C 环与甲环的连线与竖直方向的夹角为环与甲环的连线与竖直方向的夹角为 300，A 点与甲环的连线点与甲环的连线与竖直方向的夹角为
10、与竖直方向的夹角为 300，乙环与乙环与 B 点的连线与竖直方向的夹角为点的连线与竖直方向的夹角为 600，根据平衡条件，对甲环：，根据平衡条件，对甲环：，对乙环有：对乙环有：，得，得，故选，故选 C。【名师点睛】小球【名师点睛】小球 C 为轻环，受两边细线的拉力的合力与杆垂直，可以根据平衡条件得到为轻环，受两边细线的拉力的合力与杆垂直，可以根据平衡条件得到 A段与竖直方向的夹角，然后分别对甲环和段与竖直方向的夹角，然后分别对甲环和乙环进行受力分析，根据平衡条件并结合力的合乙环进行受力分析，根据平衡条件并结合力的合成和分解列式求解。成和分解列式求解。考点：共点力的平衡条件的应用、弹力。考点：共
11、点力的平衡条件的应用、弹力。15.【答案】【答案】B【解析】【解析】【详解】【详解】A、a 车图像是倾斜直线，所以该车作匀速直线运动，该车速度为车图像是倾斜直线，所以该车作匀速直线运动，该车速度为822/3xvm st，故故 A 错误；错误；BC、3ts时时,直线直线a和曲线和曲线b刚好相切，则刚好相切，则 b 车此时速度为车此时速度为2/m s，故，故 C 错误；错误；由由0vvat得，得，b 车的初速度为车的初速度为02238/vvatm s ，b 车在第一秒内位移车在第一秒内位移为为220118 12 1722xv tatm ，则，则0t 时时,a车和车和b车的距离车的距离0729xm，
12、故故 B 正确；正确；D、1st 时时,b 车的速度为车的速度为8 2 16/vm s ，故，故 D 错误。本题选错误。本题选 B。【点睛】【点睛】本题抓住本题抓住 3 秒末图像相切速度相等来展开解题即可。秒末图像相切速度相等来展开解题即可。16【答案】【答案】D【解析】【解析】【详解】【详解】A由题意可知，倾斜地球同步轨道卫星相对地面有运动，故由题意可知，倾斜地球同步轨道卫星相对地面有运动，故 A 错误；错误；B由向心加速度由向心加速度2ar，赤道处的人和倾斜面地球同步轨道卫星角速度相同，则人的向，赤道处的人和倾斜面地球同步轨道卫星角速度相同，则人的向心加速度小，故心加速度小，故 B 错误；
13、错误；C此卫星的发射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故此卫星的发射速度大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故 C 错误；错误；D由题意可知，此卫星轨道正下方某处的人用望远镜观由题意可知，此卫星轨道正下方某处的人用望远镜观测，会一天看到两次此卫星，故测，会一天看到两次此卫星，故 D正确。正确。17.【答案】【答案】C【解析】【解析】设挂钩断开瞬间的牵引力为设挂钩断开瞬间的牵引力为 F，车受的摩擦力大小，车受的摩擦力大小，对，对 A 分析有分析有；对；对 B 分析有分析有，已知，已知 P=Fv0，对对 A 分析由动量定理解得：分析由动量定理解得：，故，故 A 错；克服阻力做功错；克服阻力做功
14、Wf=fx，则则，故故 C 正确；牵引力做功正确；牵引力做功，得得，故，故 D 错错；由；由，故，故 B 错。错。18【答案】【答案】BC【解析】【解析】AB、由题意可知，环在运动的过程中，受到的电场力大小为、由题意可知，环在运动的过程中，受到的电场力大小为2FqEmg，方向始终竖，方向始终竖直向上。假设竖直向下为正方向，则当环下滑的过程中，受力分析，根据牛顿第二定律得：直向上。假设竖直向下为正方向，则当环下滑的过程中，受力分析，根据牛顿第二定律得：mgqEqvBma，化解得：，化解得：qvBagm，负号代表该加速度与运动方向相，负号代表该加速度与运动方向相反，故物体在下滑的过程中做加速度逐渐
15、减小的减速运动；当环上升的过程中，根据牛顿反，故物体在下滑的过程中做加速度逐渐减小的减速运动；当环上升的过程中，根据牛顿第二定律第二定律mgqvBqEma，解得：，解得：qvBagm，环做加速度逐渐减小的减，环做加速度逐渐减小的减速运动，在到达原出发点前，加速度减为零，此时，速运动，在到达原出发点前，加速度减为零，此时，0a，mgvvB，开始以速度，开始以速度 v 做做匀速直线运动。匀速直线运动。所以，由于运动的不对称性可以确定，从开始下滑到最低点的时间不等于所以，由于运动的不对称性可以确定，从开始下滑到最低点的时间不等于02t，A 错误；整错误；整个运动过程中，加速度一直减小，所以在运动的最
16、开始时，加速度最大，加速度大小的最个运动过程中，加速度一直减小，所以在运动的最开始时，加速度最大，加速度大小的最大值为：大值为：0mqv Bagm，B 正确；正确；C、由以上计算，可知，整个过程中，系统损失的机械能、由以上计算，可知，整个过程中，系统损失的机械能2222200222111222m gEmvmvm vqB，C 正确；正确；D、环上升和下降的过程中，摩擦力的、环上升和下降的过程中，摩擦力的冲量大小相等冲量大小相等，D 错误。错误。故本题选故本题选 BC。【点睛】【点睛】考查牛顿第二定律、动能定理的内容，掌握机械能损失与除重力以外的力做功有关，理解考查牛顿第二定律、动能定理的内容，掌
17、握机械能损失与除重力以外的力做功有关，理解环在运动中受到洛伦兹力与速率的关系，及洛伦兹力的方向判定，注意环来回运动性质的环在运动中受到洛伦兹力与速率的关系，及洛伦兹力的方向判定，注意环来回运动性质的不同，是解题的关键。不同，是解题的关键。19【答案】【答案】CD【解析】【解析】【详解】【详解】小球小球 A、B、C、D、E 组成的系统机械能守恒但动量不守恒，故组成的系统机械能守恒但动量不守恒，故 A 错误；由于错误；由于 D 球受力平衡，球受力平衡，所以所以 D 球在整个过程中不会动，所以轻杆球在整个过程中不会动，所以轻杆 DB 对对 B 不做功，而轻杆不做功，而轻杆 BE 对对 B 先做负功后
18、做正先做负功后做正功，所以小球功，所以小球 B 的机械能先减小后增加，故的机械能先减小后增加，故 B 错误；当错误；当 B 落地时小球落地时小球 E 的速度等于零，根的速度等于零，根据功能关系据功能关系212mghmv 可知小球可知小球 B 的速度为的速度为2gh，故，故 C 正确；当小球正确；当小球 A 的机械能最小的机械能最小时，轻杆时，轻杆 AC 没有力，小球没有力，小球 C 竖直方向上的力平衡，所以支持力等于重力，故竖直方向上的力平衡，所以支持力等于重力，故 D正确，故选正确，故选CD 20.AD 21【答案】【答案】ACD【解析【解析】【详解】【详解】A 项：由于项：由于 A、B 两
19、球对细绳的摩擦力必须等大，且两球对细绳的摩擦力必须等大，且 A、B 的质量不相等，的质量不相等，A 球由静止释放球由静止释放后与细绳间为滑动摩擦力，后与细绳间为滑动摩擦力，B 与细绳间为静摩擦力，故与细绳间为静摩擦力，故 A 正确；正确；B 项：对项：对 A：mAg-fA=mAaA，对，对 B：mBg-fB=mBaB，fA=fB，fA=0.5mAg，联立解得：，联立解得：25Amas，27.5Bmas 设设 A 球经球经 ts 与细绳分离，此时，与细绳分离，此时，A、B 下降的高度分别为下降的高度分别为 hA、hB，速度分别为，速度分别为 VA、VB，则有：则有：212AAha t，212BB
20、ha t，H=hA+hB，VA=aAt，VB=aBt 联立解得：联立解得：t=2s，hA=10m，hB=15m，VA=10m/s，VB=15m/s，分离后，对分离后，对 A 经经 t1落地，则有：落地，则有：211115102tgt，对对 B 经经 t2落地，落地，m 则有：则有：222110152tgt 解得：解得：11ts，23132ts ，所以，所以 b 先落地，故先落地，故 B错误；错误；C 项：项：A、B 落地时的动能分别为落地时的动能分别为 EkA、EkB，由机械能守恒，有：，由机械能守恒，有：21()2kAAAAAEm vm g Hh 21()2kBBBBBEm vm g Hh
21、代入数据得：代入数据得：EkA=400J、EkB=850J，故，故 C 正确；正确；D 项：两球损失的机械能总量为项：两球损失的机械能总量为 E，E=（mA+mB）gH-EkA-EkB，代入数据得：，代入数据得：E=250J，故故 D 正确。正确。故应选：故应选：ACD。2222（每空（每空 2 2 分共分共 6 6 分）分）【答案】【答案】9.61 9.61 0.62 0.62 9.309.30 【解析】【解析】（1 1）若用平行光照射，则球在毛玻璃上的投影即为小球竖直方向上的位移，由若用平行光照射，则球在毛玻璃上的投影即为小球竖直方向上的位移，由2hgT 得得：29.61/gm s 投影点
22、经过图投影点经过图 3 3 中中 M M 位置时的速度大小位置时的速度大小20.62/vgm sf （2 2）设小球在毛玻璃上的投影设小球在毛玻璃上的投影 NB=YNB=Y 则经过时间则经过时间 t t 后小球运动的水平位移为后小球运动的水平位移为0 xv t ；竖直位移为竖直位移为212ygt ，由相似三角形得：由相似三角形得：2012gtv tLY 则则：02gLYtv 结合图结合图 4 4 可得：可得：09.30/vm s 2323每空每空 2 2 分，共分，共 8 8 分分 【答案】【答案】黑黑 b b 150 150 450450 【解析】【解析】(1)(1)当用欧姆表测电阻时，电源
23、和表头构成回路，根据电源正负极连接方式可知，当用欧姆表测电阻时，电源和表头构成回路，根据电源正负极连接方式可知，黑表笔与电源正极相连，故黑表笔与电源正极相连，故 A A 接线柱应该是与接线柱应该是与“黑黑”表笔连接；表笔连接；（2 2）整个回路最小电流整个回路最小电流minEIRR内外 ，同时同时ggg12minI RIIRR，当选择开关接当选择开关接b b时，此时时，此时R外有最大值。当选择开关接有最大值。当选择开关接b b档时其对应的电阻档的倍率更高档时其对应的电阻档的倍率更高。（3 3）用用 a a 档测量电阻，欧姆调零时，档测量电阻，欧姆调零时，gg2g1m10000 AIRRIIR，
24、此时，此时150mERI内，当当1100 AgI，此时干路电流为，此时干路电流为12115000 AgggIRRIIR ，由于由于EIRR内外，解得，解得150RR外内；当表盘当表盘150 AgI时时，此时干路电流为此时干路电流为12112500 AgggIRRIIR，由于由于EIRR内外，解得解得3450RR外内。24【答案】【答案】(1)2N (2)0.4m (3)1.6m(1)2N (2)0.4m (3)1.6m 【解析】【解析】【详解】【详解】（1）物块从）物块从 B 到到 C 做平抛运动，则有：做平抛运动，则有：vy2=2g（2R-h）（1 1 分）分）在在 C 点时有：点时有：yB
25、vtanv（1 1 分）分）代入数据解得：代入数据解得：3m/sBv 在在 B 点对物块进行受力分析，得：点对物块进行受力分析，得：2BvFmgmR（1 1 分）分）解得：解得：F=2N（1 1 分）分）根据牛顿第三定律知物块对轨道的压力大小为：根据牛顿第三定律知物块对轨道的压力大小为：F=F=2N 方向竖直向上。方向竖直向上。（2）在）在 C 点的速度为：点的速度为：2m/syCvvsin（1 分）分）物块从物块从 C 点下滑到返回点下滑到返回 C 点的过程，根据动能定理得：点的过程，根据动能定理得：21220CmgcosLmv（2 2 分）分）代入数据解得：代入数据解得：L=0.4m（2
26、2 分）分）（3）最终物块在）最终物块在 DE 段来回滑动，从段来回滑动，从 C 到到 D，根据动能定理得：，根据动能定理得：2102CmgLsinmgcossmv （2 2 分）分）解得：解得：s=1.6m（2 2 分）分）2 25.5.答案：答案：1.1.当当作用在长木板上时作用在长木板上时,对小铁块由对小铁块由,（1 1 分）分）得得,（1 1 分）分）对长木板由对长木板由,（1 1 分）分）得得.（1 1 分）分）2.2.由于由于,此后小铁块进入复合场做匀速圆周运动此后小铁块进入复合场做匀速圆周运动,当当时时,铁块必定会与木板碰撞铁块必定会与木板碰撞（1 1 分）分）,当当时有可能不会
27、相撞时有可能不会相撞,（1 1 分）分）但但不是最小值不是最小值,因此要使得小铁块与长木板不发生碰撞因此要使得小铁块与长木板不发生碰撞,其圆周运动最大半径其圆周运动最大半径（1 1 分）分）,此时对应的磁场强度最小此时对应的磁场强度最小,由由,（1 1 分）分）速度速度,得得.（1 1 分）分）3.3.长 木 板 运 动长 木 板 运 动 1 1末 位 移末 位 移（1 1 分）分）,速 度速 度（1 1 分）分）,（1 1 分）分）小铁块运动小铁块运动 1 1 末位移末位移,（1 1 分）分）撤去撤去后长木板减速度运动后长木板减速度运动,小铁块离开长木板后先在磁场中作匀速圆周运动小铁块离开长
28、木板后先在磁场中作匀速圆周运动,出场后出场后竖直上抛竖直上抛,设小铁块离开长木板的总时间设小铁块离开长木板的总时间,小铁块在磁场中运动的总时间小铁块在磁场中运动的总时间,（1 1 分）分）小铁块出场后上抛与下降的总时间小铁块出场后上抛与下降的总时间,（1 1 分）分）所以所以,（1 1 分）分）若小铁块回到木板时不发生滑动若小铁块回到木板时不发生滑动,则木板速度与小铁块相同则木板速度与小铁块相同,此过程中木板匀减速运动位移为此过程中木板匀减速运动位移为,（1 1 分）分）此时小铁块从此时小铁块从点滑上长木板点滑上长木板,距木板右端距木板右端,（2 2分）分）代入数据得木板的最小长代入数据得木板
29、的最小长度度.（2 2 分）分）33（1）【答案】【答案】BDEBDE 【解析】【解析】两个分子间的距离两个分子间的距离 r r 存在某一值存在某一值 r r0 0（平衡位置处），当（平衡位置处），当 r r 大于大于 r r0 0时，分子间斥力小时，分子间斥力小于引力；当于引力；当 r r 小球小球 r r0 0时分子间斥力大于引力，所以时分子间斥力大于引力，所以 A A 错误；布朗运动不是液体分子的运动，错误；布朗运动不是液体分子的运动，固体微粒的无规则运动，但它可以反映出液体分子在做无规则运动，所以固体微粒的无规则运动，但它可以反映出液体分子在做无规则运动，所以 B B 正确；用手捏正确
30、；用手捏面包，面包体积会缩小，只能说明面包内有气孔，所以面包，面包体积会缩小，只能说明面包内有气孔，所以 C C 错误；绝对零度只能无限接近，错误；绝对零度只能无限接近，不能到达，所以不能到达，所以 D D 正确；对于一定质量的理想气体，在压强不变而体积增大时，该过程过正确；对于一定质量的理想气体，在压强不变而体积增大时，该过程过程程温度升高，分子平均撞击力增大，由于压强不变，单位时间碰撞分子数必定减少，所以温度升高，分子平均撞击力增大，由于压强不变，单位时间碰撞分子数必定减少，所以 E E正确。正确。33（2）【答案】【答案】58cm58cm 【解析】【解析】试题分析：气体发生等温变化，求出
31、两部分气体的状态参量，然后应用玻意耳定试题分析：气体发生等温变化，求出两部分气体的状态参量，然后应用玻意耳定律求出气体的体积，再求出水银面移动的距离。律求出气体的体积，再求出水银面移动的距离。设玻璃管的横截面积为设玻璃管的横截面积为S S，选，选BCBC段封闭气体为研究对象段封闭气体为研究对象 初状态时，气体的体积为初状态时，气体的体积为12Vl S 压强为压强为P P1 175 cmHg75 cmHg25 cmHg25 cmHg100 cmHg100 cmHg（1 1 分）分）末状态时，气体的体积为末状态时，气体的体积为22Vl S 压强为压强为P P2 275 cmHg75 cmHg25
32、cmHg25 cmHg50 cmHg50 cmHg（1 1 分）分）根据根据1 122PVPV （1 1 分）分）可得可得l l2 220 cm20 cm（1 1 分）分）再选玻璃管底部的气体为研究对象，初状态时，气体的体积为再选玻璃管底部的气体为研究对象，初状态时，气体的体积为33Vl S 压强为压强为P P3 375 cmHg75 cmHg25 cmHg25 cmHg25 cmHg25 cmHg125 cmHg125 cmHg（1 1 分）分）末状态时，气体的体积为末状态时，气体的体积为43Vl S 压强为压强为P P4 475 cmHg75 cmHg25 cmHg25 cmHg25 cm
33、Hg25 cmHg25 cmHg25 cmHg（1 1 分）分）根据根据3344PVPV（1 1 分）分）可得可得l l3 360 cm60 cm（1 1 分）分）A A处的水银面沿玻璃管移动了处的水银面沿玻璃管移动了 l l(l l2 2l l2 2)(l l3 3l l3 3)10 cm10 cm48 cm48 cm58 cm58 cm（2 2 分）分）34（1）【答案】【答案】ABEABE 【解析】【解析】ACAC、由函数关系可得本题说对应的数学函数为由函数关系可得本题说对应的数学函数为：220sinxy ，由题条件可知由题条件可知当当 x=1x=1 时时，y=10cm,y=10cm,代
34、入解得代入解得12m ，P P 点在经过点在经过0.1ts 第一次回到平衡位置，所以第一次回到平衡位置，所以在波的传播方向在波的传播方向 0.1s0.1s 前进了前进了 1m1m，所以波速为所以波速为110/0.1vm s 周期周期121.210Tsv ，故故 A A 正确；正确；C C 错误错误；B B、t=0t=0 时刻波刚好传播到时刻波刚好传播到 M M 点点，则则 M M 点的振动方向即为波源的起振方向，结合波振动方向点的振动方向即为波源的起振方向，结合波振动方向的判断方法知波源的起振方向向下的判断方法知波源的起振方向向下，故故 B B 正确正确；D D、若观察者从若观察者从 M M
35、点以点以 2m/s2m/s 的速度沿的速度沿 x x 轴正方向移动，由多普勒效应知观察者接受到波的轴正方向移动，由多普勒效应知观察者接受到波的频率变小，故频率变小，故 D D 错误错误；E E、波传播到、波传播到 N N 需要需要181 126.910stsv ，刚传到，刚传到 N N 点时点时 N N 的振动方向向下，那么再经的振动方向向下，那么再经过过2331.20.944tTs ，所以质点所以质点 P P 一共振动了一共振动了7.87.86.51.2tsTT 所以所以,在此过程中质点在此过程中质点 P P 运动的路程为运动的路程为:6.5 4 205.2scmm 故故 E E 正确正确；
36、综上所述本题答案是综上所述本题答案是:ABE:ABE 34（2）【答案】（【答案】（1 1）312R（2 2）2 33Rc 【解析】试题分析：（【解析】试题分析：（1 1）由）由1sinCn得，透明介质对得，透明介质对 a a 光和光和 b b 光的临界角分别为光的临界角分别为 6060O O（1 1 分）分）和和 3030O O（1 1 分）分）画出光路如图，画出光路如图，A A，B B 为两单色光在透明半球面的出射点，折射光线在光屏上形成光点为两单色光在透明半球面的出射点，折射光线在光屏上形成光点 D D 和和C C，ADAD、BCBC 沿切线方向。由几何关系得：沿切线方向。由几何关系得：3 1sin60sin302oodRRR（2 2 分）分）（2 2）a a 光在透明介质中光在透明介质中1132cvcn传播时间传播时间11cos6033RRtvc 在真空中：在真空中：AD=RAD=R，1ADRtcc则则11333aRtttc（2 2 分）分）b b 光在透明介质中光在透明介质中222ccvn传播时间传播时间22cos303RRtvc 在真空中：在真空中：2RBCRtc则：则：2231bRtttc（2 2 分）分）2 33baRtttc（2 2 分）分）
