1、北京曲一线图书策划有限公司 2024版5年高考3年模拟A版8.4直线、平面垂直的判定和性质考点一直线、平面垂直的判定和性质1.(2015陕西,18,12分)如图1,在直角梯形ABCD中,ADBC,BAD=2,AB=BC=12AD=a,E是AD的中点,O是AC与BE的交点.将ABE沿BE折起到图2中A1BE的位置,得到四棱锥A1-BCDE.(1)证明:CD平面A1OC;(2)当平面A1BE平面BCDE时,四棱锥A1-BCDE的体积为362,求a的值.解析(1)证明:在题图1中,因为AB=BC=12AD=a,E是AD的中点,BAD=2,所以BEAC.即在题图2中,BEA1O,BEOC,又A1OOC
2、=O,从而BE平面A1OC,又CDBE,所以CD平面A1OC.(2)由已知,平面A1BE平面BCDE,且平面A1BE平面BCDE=BE,又由(1)知,A1OBE,所以A1O平面BCDE,即A1O是四棱锥A1-BCDE的高.由题图1知,A1O=22AB=22a,平行四边形BCDE的面积S=BCAB=a2.从而四棱锥A1-BCDE的体积为V=13SA1O=13a222a=26a3,由26a3=362,得a=6.评析本题首先借“折叠”问题考查空间想象能力,同时考查线面垂直的判定及面面垂直性质的应用.2.(2015福建,20,12分)如图,AB是圆O的直径,点C是圆O上异于A,B的点,PO垂直于圆O所
3、在的平面,且PO=OB=1.(1)若D为线段AC的中点,求证:AC平面PDO;(2)求三棱锥P-ABC体积的最大值;(3)若BC=2,点E在线段PB上,求CE+OE的最小值.解析(1)证明:在AOC中,因为OA=OC,D为AC的中点,所以ACDO.又PO垂直于圆O所在的平面,所以POAC.因为DOPO=O,所以AC平面PDO.(2)因为点C在圆O上,所以当COAB时,C到AB的距离最大,且最大值为1.又AB=2,所以ABC面积的最大值为1221=1.又因为三棱锥P-ABC的高PO=1,故三棱锥P-ABC体积的最大值为1311=13.(3)解法一:在POB中,PO=OB=1,POB=90,所以P
4、B=12+12=2.同理,PC=2,所以PB=PC=BC.在三棱锥P-ABC中,将侧面BCP绕PB所在直线旋转至平面BCP,使之与平面ABP共面,如图所示.当O,E,C共线时,CE+OE取得最小值.又因为OP=OB,CP=CB,所以OC垂直平分PB,即E为PB中点.从而OC=OE+EC=22+62=2+62,亦即CE+OE的最小值为2+62.解法二:在POB中,PO=OB=1,POB=90,所以OPB=45,PB=12+12=2.同理PC=2.所以PB=PC=BC,所以CPB=60.在三棱锥P-ABC中,将侧面BCP绕PB所在直线旋转至平面BCP,使之与平面ABP共面,如图所示.当O,E,C共
5、线时,CE+OE取得最小值.所以在OCP中,由余弦定理得:OC2=1+2-212cos(45+60)=1+2-2222122232=2+3.从而OC=2+3=2+62.所以CE+OE的最小值为22+62.评析本题主要考查直线与平面的位置关系、锥体的体积等基础知识,考查空间想象能力、推理论证能力、运算求解能力,考查数形结合思想、化归与转化思想.3.(2014福建文,19,12分)如图,三棱锥A-BCD中,AB平面BCD,CDBD.(1)求证:CD平面ABD;(2)若AB=BD=CD=1,M为AD中点,求三棱锥A-MBC的体积.解析(1)证明:AB平面BCD,CD平面BCD,ABCD.又CDBD,
6、ABBD=B,AB平面ABD,BD平面ABD,CD平面ABD.(2)解法一:由AB平面BCD,得ABBD.AB=BD=1,SABD=12.M是AD的中点,SABM=12SABD=14.由(1)知,CD平面ABD,三棱锥C-ABM的高h=CD=1,因此VA-MBC=VC-ABM=13SABMh=112.解法二:由AB平面BCD知,平面ABD平面BCD,又平面ABD平面BCD=BD,如图,过点M作MNBD交BD于点N,则MN平面BCD,且MN=12AB=12,又CDBD,BD=CD=1,SBCD=12.三棱锥A-MBC的体积VA-MBC=VA-BCD-VM-BCD=13ABSBCD-13MNSBC
7、D=112.4.(2014山东文,18,12分)如图,四棱锥P-ABCD中,AP平面PCD,ADBC,AB=BC=12AD,E,F分别为线段AD,PC的中点.(1)求证:AP平面BEF;(2)求证:BE平面PAC.证明(1)设ACBE=O,连接OF,EC.由于E为AD的中点,AB=BC=12AD,ADBC,所以AEBC,AE=AB=BC,因此四边形ABCE为菱形,所以O为AC的中点.又F为PC的中点,因此在PAC中,可得APOF.又OF平面BEF,AP平面BEF,所以AP平面BEF.(2)由题意知EDBC,ED=BC,所以四边形BCDE为平行四边形,因此BECD.又AP平面PCD,CD平面PC
8、D,所以APCD,因此APBE.因为四边形ABCE为菱形,所以BEAC.又APAC=A,AP,AC平面PAC,所以BE平面PAC.5.(2014广东文,18,13分)如图1,四边形ABCD为矩形,PD平面ABCD,AB=1,BC=PC=2.作如图2折叠:折痕EFDC,其中点E,F分别在线段PD,PC上,沿EF折叠后点P在线段AD上的点记为M,并且MFCF.(1)证明:CF平面MDF;(2)求三棱锥M-CDE的体积.解析(1)证明:PD平面ABCD,AD平面ABCD,PDAD.四边形ABCD是矩形,ADDC.又PDDC=D,AD平面PCD.CF平面PCD,ADCF.又MFCF,MFAD=M,CF
9、平面MDF.(2)由(1)知CFDF,PDDC,在PCD中,DC2=CFPC.CF=CD2PC=12.又EFDC,PCPD=FCEDED=PDFCPC=3122=34.PE=ME=3-34=334,SCDE=12DCED=12134=38.在RtMDE中,MD=ME2ED2=62,VM-CDE=13SCDEMD=133862=216.6.(2013广东文,18,14分)如图1,在边长为1的等边三角形ABC中,D,E分别是AB,AC上的点,AD=AE,F是BC的中点,AF与DE交于点G.将ABF沿AF折起,得到如图2所示的三棱锥A-BCF,其中BC=22.图1图2(1)证明:DE平面BCF;(2
10、)证明:CF平面ABF;(3)当AD=23时,求三棱锥F-DEG的体积VF-DEG.解析(1)证明:在等边三角形ABC中,AD=AE,ADDB=AEEC,在折叠后的三棱锥A-BCF中也成立,DEBC,DE平面BCF,BC平面BCF,DE平面BCF.(2)证明:在等边三角形ABC中,F是BC的中点,AFBC,BF=CF=12.在三棱锥A-BCF中,BC=22,BC2=BF2+CF2,CFBF.BFAF=F,CF平面ABF.(3)由(1)可知GECF,结合(2)可得GE平面DFG.VF-DEG=VE-DFG=1312DGFGGE=131213133213=3324.评析本题考查线面平行、线面垂直的
11、证明以及空间几何体体积的计算,考查立体几何中翻折问题以及学生的空间想象能力和逻辑推理论证能力.抓住翻折过程中的不变量是解决这类问题的关键,第(3)问的关键在于对几何体的转化.7.(2012北京文,16,14分)如图1,在RtABC中,C=90,D,E分别为AC,AB的中点,点F为线段CD上的一点.将ADE沿DE折起到A1DE的位置,使A1FCD,如图2.(1)求证:DE平面A1CB;(2)求证:A1FBE;(3)线段A1B上是否存在点Q,使A1C平面DEQ?说明理由.解析(1)证明:因为D,E分别为AC,AB的中点,所以DEBC.又因为DE平面A1CB,所以DE平面A1CB.(2)证明:由已知
12、得ACBC且DEBC,所以DEAC.所以DEA1D,DECD.因为A1DCD=D,所以DE平面A1DC.而A1F平面A1DC,所以DEA1F.又因为A1FCD,CDDE=D,所以A1F平面BCDE.所以A1FBE.(3)线段A1B上存在点Q,使A1C平面DEQ.理由如下:如图,分别取A1C,A1B的中点P,Q,连接PQ,则PQBC.又因为DEBC,所以DEPQ.所以平面DEQ即为平面DEP.由(2)知,DE平面A1DC,所以DEA1C.又因为P是等腰三角形DA1C底边A1C的中点,所以A1CDP.所以A1C平面DEP.即A1C平面DEQ.故线段A1B上存在点Q,使得A1C平面DEQ.评析本题的
13、前两问属容易题,第(3)问是创新式问法,可以先猜后证,此题对于知识掌握不牢靠的学生而言,可能不能顺利解答.8.(2019课标文,19,12分)图1是由矩形ADEB,RtABC和菱形BFGC组成的一个平面图形,其中AB=1,BE=BF=2,FBC=60.将其沿AB,BC折起使得BE与BF重合,连接DG,如图2.(1)证明:图2中的A,C,G,D四点共面,且平面ABC平面BCGE;(2)求图2中的四边形ACGD的面积.解析本题考查了线面、面面垂直问题,通过翻折、平面与平面垂直的证明考查了空间想象能力和推理论证能力,考查了直观想象的核心素养.(1)由已知得ADBE,CGBE,所以ADCG,故AD,C
14、G确定一个平面,从而A,C,G,D四点共面.由已知得ABBE,ABBC,故AB平面BCGE.又因为AB平面ABC,所以平面ABC平面BCGE.(2)取CG的中点M,连接EM,DM.因为ABDE,AB平面BCGE,所以DE平面BCGE,故DECG.由已知,四边形BCGE是菱形,且EBC=60得EMCG,故CG平面DEM.因此DMCG.在RtDEM中,DE=1,EM=3,故DM=2.所以四边形ACGD的面积为4.思路分析(1)翻折问题一定要注意翻折前后位置的变化,特别是平行、垂直的变化.由矩形、直角三角形中的垂直关系,利用线面垂直、面面垂直的判定定理可证两平面垂直;而由平行公理和平面的基本性质不难
15、证明四点共面.(2)根据菱形的特征结合(1)的结论找到菱形BCGE的边CG上的高求解.解题关键抓住翻折前后的垂直关系,灵活转化线线垂直、线面垂直和面面垂直,题中构造侧棱的特殊“直截面”DEM,是本题求解的关键和难点.考点二平面与平面垂直的判定和性质1.(2022全国乙,理7,文9,5分)在正方体ABCD-A1B1C1D1中,E,F分别为AB,BC的中点,则()A.平面B1EF平面BDD1B.平面B1EF平面A1BDC.平面B1EF平面A1ACD.平面B1EF平面A1C1D答案A如图所示,在正方体ABCD-A1B1C1D1中,ACBD,EFAC,EFBD,又D1D平面ABCD,EF平面ABCD,
16、D1DEF,又D1DBD=D,EF平面BDD1,又EF平面B1EF,平面B1EF平面BDD1,故选A.2.(2021全国乙文,18,12分)如图,四棱锥P-ABCD的底面是矩形,PD底面ABCD,M为BC的中点,且PBAM.(1)证明:平面PAM平面PBD;(2)若PD=DC=1,求四棱锥P-ABCD的体积.解析(1)证明:由于PD平面ABCD,AM平面ABCD,则PDAM,又PBAM,PBPD=P,PB,PD平面PBD,所以AM平面PBD,因为AM平面PAM,所以平面PAM平面PBD.(2)由(1)知AM平面PBD,因为BD平面PBD,所以AMBD,所以MAB+ABD=90,因为四边形ABC
17、D为矩形,所以DAB=ABM,所以MAB+AMB=90,所以ABD=AMB,则DABABM,则DAAB=ABBM,又AB=DC=1,M为BC的中点,AD=2,S矩形ABCD=ABAD=2,V四棱锥P-ABCD=13S矩形ABCDPD=1321=23.名师点拨:本题以学生熟悉的四棱锥为载体,充分考查了学生的空间想象能力和逻辑推理能力,要求学生熟练掌握空间几何体中垂直的证明方法,在计算中体现空间和平面之间的转化思想,尤其是基本图形的运算.3.(2022全国乙文,18,12分)如图,四面体ABCD中,ADCD,AD=CD,ADB=BDC,E为AC的中点.(1)证明:平面BED平面ACD;(2)设AB
18、=BD=2,ACB=60,点F在BD上,当AFC的面积最小时,求三棱锥F-ABC的体积.解析(1)证明:AD=CD,ADB=BDC,BD=BD,ADBCDB,AB=BC,又E为AC的中点,BEAC,在ADC中,AD=CD,E为AC的中点,DEAC,又DE平面BED,BE平面BED,DEBE=E,AC平面BED,AC平面ACD,平面BED平面ACD.(2)由(1)可知AB=BC且ACB=60,ABC为等边三角形,AC=AB=2.又AD=DC,ADCD,AD=DC=2,连接EF,由(1)知AC平面BED,EF平面BED,ACEF,SACF=12ACEF=EF,在RtADC中,可得DE=1,在ABC
19、中,可得BE=3,又BD=2,BD2=DE2+BE2,BED为直角三角形,且EBD=30,EF的最小值为RtBED斜边上的高h,且h=BEsinEBD=32,AC平面BEF,VF-ABC=13SBEFAC=1312BFAC=1312BEcos30AC=1312332322=34.4.(2022全国乙理,18,12分)如图,四面体ABCD中,ADCD,AD=CD,ADB=BDC,E为AC的中点.(1)证明:平面BED平面ACD;(2)设AB=BD=2,ACB=60,点F在BD上,当AFC的面积最小时,求CF与平面ABD所成的角的正弦值.解析(1)证明:因为AD=CD,E为AC的中点,所以DEAC
20、.因为ADB=BDC,AD=CD,BD=BD,所以ADBCDB,所以AB=CB,又E为AC的中点,所以BEAC.又DE,BE平面BED,且DEBE=E,所以AC平面BED,又AC平面ACD,所以平面ACD平面BED.(2)由题意及(1)知AB=BC=2,又ACB=60,所以AC=2,BE=3.因为ADDC,E为AC的中点,所以DE=1.所以DE2+BE2=BD2,则DEBE.连接EF,因为AC平面BED,EF平面BED,所以ACEF,所以SAFC=12ACEF=EF.当EFBD时,EF最小,即AFC的面积最小,此时EF=32.如图,以E为坐标原点,EA,EB,ED的方向分别为x轴、y轴、z轴的
21、正方向,建立空间直角坐标系E-xyz,则C(-1,0,0),A(1,0,0),B(0,3,0),D(0,0,1),F0,34,34,所以AD=(-1,0,1),BD=(0,-3,1),CF=1,34,34.设平面ABD的法向量为n=(x,y,z),则ADn=0,BDn=0,即x+z=0,3y+z=0,令y=1,得n=(3,1,3).设CF与平面ABD所成的角为,则sin =|cos|=|nCF|n|CF|=437,所以CF与平面ABD所成的角的正弦值为437.5.(2018课标文,18,12分)如图,在平行四边形ABCM中,AB=AC=3,ACM=90.以AC为折痕将ACM折起,使点M到达点D
22、的位置,且ABDA.(1)证明:平面ACD平面ABC;(2)Q为线段AD上一点,P为线段BC上一点,且BP=DQ=23DA,求三棱锥Q-ABP的体积.解析(1)证明:由已知可得,BAC=90,BAAC.又BAAD,所以AB平面ACD.又AB平面ABC,所以平面ACD平面ABC.(2)由已知可得,DC=CM=AB=3,DA=32.又BP=DQ=23DA,所以BP=22.作QEAC,垂足为E,则QE=13DC,QEDC.由已知及(1)可得DC平面ABC,所以QE平面ABC,QE=1.因此,三棱锥Q-ABP的体积为VQ-ABP=13QESABP=13112322sin 45=1.规律总结证明空间线面
23、位置关系的一般步骤:(1)审清题意:分析条件,挖掘题目中平行与垂直的关系;(2)明确方向:确定问题的方向,选择证明平行或垂直的方法,必要时添加辅助线;(3)给出证明:利用平行、垂直关系的判定或性质给出问题的证明;(4)反思回顾:查看关键点、易漏点,检查使用定理时定理成立的条件是否遗漏,符号表达是否准确.解题关键(1)利用平行关系将ACM=90转化为BAC=90是求证第(1)问的关键;(2)利用翻折的性质将ACM=90转化为ACD=90,进而利用面面垂直的性质定理及线面垂直的性质定理得出三棱锥Q-ABP的高是求解第(2)问的关键.6.(2018北京文,18,14分)如图,在四棱锥P-ABCD中,
24、底面ABCD为矩形,平面PAD平面ABCD,PAPD,PA=PD,E,F分别为AD,PB的中点.(1)求证:PEBC;(2)求证:平面PAB平面PCD;(3)求证:EF平面PCD.证明(1)因为PA=PD,E为AD的中点,所以PEAD.因为底面ABCD为矩形,所以BCAD.所以PEBC.(2)因为底面ABCD为矩形,所以ABAD.又因为平面PAD平面ABCD,所以AB平面PAD.所以ABPD.又因为PAPD,所以PD平面PAB.所以平面PAB平面PCD.(3)取PC中点G,连接FG,DG.因为F,G分别为PB,PC的中点,所以FGBC,FG=12BC.因为ABCD为矩形,且E为AD的中点,所以
25、DEBC,DE=12BC.所以DEFG,DE=FG.所以四边形DEFG为平行四边形.所以EFDG.又因为EF平面PCD,DG平面PCD,所以EF平面PCD.7.(2017课标文,19,12分)如图,四面体ABCD中,ABC是正三角形,AD=CD.(1)证明:ACBD;(2)已知ACD是直角三角形,AB=BD.若E为棱BD上与D不重合的点,且AEEC,求四面体ABCE与四面体ACDE的体积比.解析(1)证明:取AC的中点O,连接DO,BO.因为AD=CD,所以ACDO.又由于ABC是正三角形,所以ACBO.因为DOBO=O,所以AC平面DOB,因为BD平面DOB,所以ACBD.(2)连接EO.由
26、(1)及题设知ADC=90,所以DO=AO.在RtAOB中,BO2+AO2=AB2.又AB=BD,所以BO2+DO2=BO2+AO2=AB2=BD2,故DOB=90.由题设知AEC为直角三角形,所以EO=12AC.又ABC是正三角形,且AB=BD,所以EO=12BD.故E为BD的中点,从而E到平面ABC的距离为D到平面ABC的距离的12,四面体ABCE的体积为四面体ABCD的体积的12,即四面体ABCE与四面体ACDE的体积之比为11.8.(2016江苏,16,14分)如图,在直三棱柱ABC-A1B1C1中,D,E分别为AB,BC的中点,点F在侧棱B1B上,且B1DA1F,A1C1A1B1.求
27、证:(1)直线DE平面A1C1F;(2)平面B1DE平面A1C1F.证明(1)在直三棱柱ABC-A1B1C1中,A1C1AC.在ABC中,因为D,E分别为AB,BC的中点,所以DEAC,于是DEA1C1.又因为DE平面A1C1F,A1C1平面A1C1F,所以直线DE平面A1C1F.(2)在直三棱柱ABC-A1B1C1中,A1A平面A1B1C1.因为A1C1平面A1B1C1,所以A1AA1C1.又因为A1C1A1B1,A1A平面ABB1A1,A1B1平面ABB1A1,A1AA1B1=A1,所以A1C1平面ABB1A1.因为B1D平面ABB1A1,所以A1C1B1D.又因为B1DA1F,A1C1平
28、面A1C1F,A1F平面A1C1F,A1C1A1F=A1,所以B1D平面A1C1F.因为直线B1D平面B1DE,所以平面B1DE平面A1C1F.评析本题主要考查直线与直线、直线与平面以及平面与平面的位置关系,考查空间想象能力和推理论证能力.9.(2015课标文,18,12分)如图,四边形ABCD为菱形,G为AC与BD的交点,BE平面ABCD.(1)证明:平面AEC平面BED;(2)若ABC=120,AEEC,三棱锥E-ACD的体积为63,求该三棱锥的侧面积.解析(1)因为四边形ABCD为菱形,所以ACBD.因为BE平面ABCD,所以ACBE.故AC平面BED.又AC平面AEC,所以平面AEC平面BED.(5分)(2)设AB=x,在菱形ABCD中,由ABC=120,可得AG=GC=32x,GB=GD=x2.因为AEEC,所以在RtAEC中,可得EG=32x.由BE平面ABCD,知EBG为直角三角形,可得BE=22x.由已知得,三棱锥E-ACD的体积VE-ACD=1312ACGDBE=624x3=63.故x=2.(9分)从而可得AE=EC=ED=6.所以EAC的面积为3,EAD的面积与ECD的面积均为5.故三棱锥E-ACD的侧面积为3+25.(12分)第 17 页 共 17 页
