1、2023年江苏省泰州市中考物理试卷第一部分选择题（共24分）一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意。每小题2分，共24分）1（2分）下列能源中，属于不可再生能源的是（）A风能B核能C水能D潮汐能2（2分）如图，古琴演奏家正在演奏名曲高山流水，下列说法正确的是（）A琴声响度越大，它在空气中传播的速度越大B琴声是由琴弦振动产生的C拨动不同的琴弦，主要引起琴声响度不同D用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴声音调不同3（2分）下列物态变化中，属于吸热现象的是哪一组（）初春：冰雪消融盛夏：洒水降温深秋：浓雾弥漫严冬：寒霜遍野ABCD4（2分）关于粒子与宇宙，下列说法不正确的是（）A用鼻子嗅气味来鉴别酱
2、油和醋，说明分子在不停地运动B卢瑟福提出原子是由原子核和核外电子构成的C摩擦起电的过程中，带正电的物体得到了质子D宇宙是一个有层次的天体结构系统，太阳是银河系中的一颗恒星5（2分）下列事例中，能增大压强的是（）A载重汽车装有许多车轮B压路机的碾子质量很大C滑雪板与雪地接触面积较大D背包用较宽的背带6（2分）如图所示，是仿照人的手臂设计的我国天宫空间站的机械臂。下列工具使用时与机械臂属于同类型杠杆的是（）A夹起食物的筷子B拔钉子的羊角锤C剪铁丝的钢丝钳D起瓶盖的开瓶扳手7（2分）关于地磁场，下列说法中正确的是（）A磁感线是磁场中真实存在的曲线B地球周围的地磁场的磁感线是从地磁S极出发回到地磁N极
3、C教室里水平放置、能自由转动的小磁针静止时N极指向地理南极D指南针是我国古代四大发明之一，它能指南北是因为受到地磁场的作用8（2分）同学们在垫排球时，当排球离开手腕后，下列分析正确的是（）A排球能继续向上运动是由于受到惯性的作用B排球向上运动的过程中，受到重力和手腕对排球托力的作用C排球离开手腕后，手对排球不做功D假如正在上升的排球所受的力全部消失，它将保持静止9（2分）如图所示，小明沿滑道从顶端匀速下滑的过程中，小明的（）A重力势能减小，机械能减小B动能不变，机械能不变C重力势能减小，动能增大D重力势能不变，机械能减小10（2分）为了安全，汽车行驶时驾驶员必须系好安全带。当系好安全带时，相当
4、于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光。符合上述要求的正确电路图是（）ABCD11（2分）用硬质塑料瓶、透明胶带、螺母、塑料管、容器和水等，制作如图所示的潜水艇模型（不计进排气管体积），然后将模型放入水中，使其上浮或下沉。下列说法正确的是（）A当模型漂浮于水面时，它受到的浮力小于重力B向瓶中充气时，瓶内气体压强变大，模型将下沉C从瓶中抽气时，模型会下沉，它受到的浮力将变小D让原本在较浅处悬浮的模型下潜至更深处悬浮，应使瓶内的水先增加后减少12（2分）如图所示为模拟调光灯电路，电源电压恒为9V，滑动变阻器R标有“20 1A”的字样，电流表选用“00.6A”的量程，当滑
5、片P移至中点时，小灯泡恰好正常发光。已知小灯泡上标有“3V 0.9W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）。为保证电路安全，下列选项正确的是（）A滑动变阻器阻值的变化范围为520B定值电阻的阻值为20C电流表示数变化的范围为0.2250.3AD小灯泡的最小功率为0.675W二、第二部分非选择题（共76分）二、填空题（本题有8小题，每空1分，共26分）13（4分）如图所示，一只水鸟站在水中觅食，图中的黑影是由于光的 形成的，倒影是因光的反射形成的 像，且倒影看起来要“暗”一些，是因为有一部分光在水面处发生了 而进入水中，人能从不同角度看见水鸟是由于光照射在鸟身上发生了 。14（4分）如图所示是气象站
6、释放的一种无动力探空气球。升空过程中因大气压逐渐 ，气球会慢慢膨胀；它携带的探空仪会采集各种气象数据，并将数据通过 传回到地面气象站；气球上升至平流层后会随着气流飘向远方，此时它相对于气流是 的；因高空严寒，为防止探空仪内的精密仪器被冻坏，其外壳要用 好的材料制成。15（3分）小华利用饮料瓶、气球、瓶盖、吸管等制作了一个简易喷气小车，如图所示。拔掉吸管口的塞子，气球向左喷气，同时小车会向右运动，说明物体间力的作用是 的，也说明力能改变物体的 ，使小车前进的力的施力物体是 。16（2分）如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部，放入一小团干燥的硝化棉，用力把活塞迅速压下，使硝化棉燃烧，该过程是通过
7、 的方式来改变筒内空气的内能，其能量转化情况与汽油机的 冲程相同。17（3分）如图所示，供轮椅上下的斜坡长L4m，高h2m。小明用120N的拉力平行于斜坡向上将重为200N的木箱从底端匀速拉到顶端。他所做的有用功为 J，斜坡的机械效率为 （精确到0.1%），木箱所受摩擦力的大小为 N。18（3分）如图甲所示电路，开关S1、S2闭合后两电流表的指针均指在同一位置，示数如图乙所示，则通过R1的电流为 A，两电阻之比R1：R2 ；只断开开关S2，电流表A1的示数将 （变大/变小/不变）。19（3分）小华将电阻丝R1和R2（R1R2）分别浸没在质量和初温均相同的煤油中，按如图所示接入电路，开关闭合后，
8、通过两电阻丝的 相等，根据温度计示数的变化可比较电阻丝产生 的多少，通电一段时间，发现甲瓶中温度计的示数上升 。20（4分）2022年6月17日，我国第三艘国产航空母舰“福建号”成功下水，其满载排水量为88000t，如图所示。该航母满载时，受到的浮力为 N，当舰载机飞离航母后，航母所受浮力变 ，舱底所受海水压强变 ，此时航母排开的海水体积改变了26m3，则该舰载机的质量是 kg。（海水取1.0103kg/m3，g取10N/kg）三、解答题（本题有9小题，共50分。解答24、25题时应写出解题过程）21（2分）在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像AB。22（2分）工人站在地面上用如图的滑轮组
9、提升重物，画出滑轮组的绕绳方式。23（2分）如图所示，请用笔画线代替导线，将三孔插座正确接入家庭电路中。24（5分）新能源电动汽车具有节能、环保的特点。如图所示，一辆电动汽车停放在水平地面上，满载时整车质量为1.5t，轮胎与地面的总接触面积为600cm2。在某段平直路面上，该车满载时90s内匀速行驶了1.8km，电动汽车受到的阻力为2500N，求：（1）汽车行驶的速度。（2）汽车发动机的功率。（3）汽车静止时对水平地面的压强。（g取10N/kg）25（6分）小华查看家中电炖锅的说明书后发现：电炖锅有低温、中温、高温三挡；电阻R260.5，R14R2，该电炖锅的原理图如图所示。请解答：（1）闭合
10、开关S、S1，电炖锅处于 挡。（2）电炖锅高温挡的额定功率为多大？（3）正常工作时，使用电炖锅高温挡加热10min，可将一锅1.5kg的汤从20加热到100，电炖锅的加热效率是多少？汤的比热容取4103J/（kg）26（5分）小明利用如图甲所示的实验装置来探究冰的熔化特点。（1）将装有适量碎冰的试管置于烧杯内的温水中，这样做不仅可以使碎冰 ，而且便于记录各时刻的温度并观察冰的 。（2）实验中某时刻温度计示数如图乙所示，碎冰此时的温度为 。（3）根据实验数据画出冰熔化过程的“温度时间”图象（如图丙），由图象可知，冰属于 （晶体/非晶体）。（4）小明分析图象还发现：0至t1时段内的温度变化比t2时
11、刻后的温度变化快，其主要原因是 。27（6分）小华用如图所示的器材探究凸透镜成像规律，已知凸透镜的焦距为10.0cm。（1）组装并调整器材，使烛焰、光屏的中心位于凸透镜的 上。（2）小华按照实验方案完成各操作步骤，将观测到的现象和数据记录在表格中，分析表中信息可得：实验序号物距/cm像的大小像的正倒光屏到凸透镜的距离/cm50.0缩小倒立12.530.0缩小倒立15.020.0等大倒立20.012.5放大正倒30.012.5放大倒立50.09.0光屏上没有像7.0光屏上没有像当物距 焦距时，成倒立、缩小的实像；成实像时，随着物距的减小，像的大小逐渐 ；（3）在第、两次实验中小华无论怎样移动蜡烛
12、、凸透镜和光屏，都不能在光屏上观察到烛焰的像，于是她认为：“物距小于一倍焦距时，物体通过凸透镜不能成像”这个结论并不严谨，为得出正确的结论，她应该增加的一步操作是：取下光屏， ；（4）将一个镜片放在烛焰和凸透镜之间后，光屏上的像变模糊了，向右移动光屏，光屏上再次出现清晰的像，则所加的镜片属于 透镜，用来矫正 的视力缺陷。28（5分）小明使用天平和量筒测量石块的密度。（1）将天平放在水平台面上，如图甲所示，是小明刚调节完天平平衡的情形。请你指出他调节过程中遗漏的操作步骤： 。补上遗漏步骤后，为使天平重新平衡，应将平衡螺母向 调节。（2）用调好的天平称石块的质量，测量结果如图乙所示，则石块的质量为
13、 g。接着他在量筒中倒入30mL的水，再将石块浸没在水中，水面位置如图丙所示，则石块的密度为 g/cm3。（3）以下操作会导致石块密度的测量值偏大的有： （多选，填字母序号）。A.读取量筒示数时视线俯视液面B.先测石块的体积后测石块的质量C.石块放入量筒时有部分水溅起附在筒壁上29（5分）小明用不同的力将手掌压在各种不同物体表面上向前推，发现感受不同，猜想滑动摩擦力的大小可能与下列因素有关：压力的大小、接触面的粗糙程度、接触面的材料种类。为了验证猜想是否正确，他进行了以下探究：（1）为了测量滑动摩擦力的大小，小明将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做 ，此时滑动摩擦力大小
14、 弹簧测力计的示数。（2）比较甲、乙两图的实验可知：滑动摩擦力的大小与 有关。（3）如图甲、丙所示，小明将同一木块分别放在粗糙程度不同的木板一、木板二上测量滑动摩擦力的大小，此过程控制不变的影响因素是：压力的大小和 。（4）实验中发现弹簧测力计示数不易稳定，改用如图丁所示的装置水平拉动长木板，发现弹簧测力计的示数仍不稳定，可能的原因是： 。30（4分）如图所示，小明和小刚利用蹄形磁体、灵敏电流计、开关、导体AB和若干导线等器材来探究感应电流产生的条件。闭合开关，他们完成操作，将观察到的现象记入表格：序号导体AB的运动情况有无感应电流左右运动有上下运动无前后运动无斜向上、斜向下运动有（1）分析、
15、两次实验现象，小明说：“闭合电路的一部分导体在磁场中的运动方向与磁场方向垂直时，电路中就会产生感应电流。”小刚认为不准确，因为导体AB 运动时，其运动方向也与磁场方向垂直，但无感应电流。（2）采纳小刚意见后，小明又说：“闭合电路的一部分导体在磁场中垂直切割磁感线时，电路中才会产生感应电流”。小刚认为不全面，因为导体AB 运动时，也有感应电流。（3）从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是将 能转化为电能；如果将图中的灵敏电流计换成 ，可以探究磁场对电流的作用。31（8分）小明和小华一起进行伏安法测电阻的活动。（1）他们选用的器材如图甲所示，请你用笔画线代替导线将实物电路连接完整，要求：滑动变阻
16、器的滑片P向右移动时电流表的示数变大。（2）连接电路之前，应该 开关，检查电表指针是否 。（3）闭合开关，小明发现两电表均无示数。为了查找故障，他将电压表拆下，保持电路其他部分连接完好，再将电压表分别接在电源、待测电阻Rx、滑动变阻器两端，然后闭合开关，发现只有接在待测电阻Rx两端时，电压表无示数，则故障可能是 。（4）排除故障后，小明和小华配合进行实验，并根据数据画出如图乙所示的图象，由图象可知，该待测电阻Rx的阻值为 。（5）利用电压表可以直接测量电压的大小，能否把电压表改装为间接测量电阻大小的仪表呢？小明和小华经过思考，分别设计了如图丙、丁所示的方案（电源电压恒定不变），并进行了以下操作
17、和分析：小明在电路的M、N两点之间接入一个电阻箱，调节旋钮使它接入电路的阻值分别为5、8、20，闭合开关，发现电压表指针分别指向1.5V、2.0V、3.0V的刻度线，于是他在表盘相应位置标出了电阻的数值，如图戊所示。以此类推再标出其他刻度线，电压表就可以用来间接测量阻值了。由以上数据可知：电源电压为 V，定值电阻R0的阻值为 。小华的设计方案，所用器材的规格、电表接入的量程都与小明的完全相同，分析她的设计方案可知：在保证器材安全的前提下，她改装后的电压表所能测的最小电阻值为 。2023年江苏省泰州市中考物理试卷参考答案与试题解析第一部分选择题（共24分）一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合
18、题意。每小题2分，共24分）1（2分）下列能源中，属于不可再生能源的是（）A风能B核能C水能D潮汐能【分析】从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源。人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源。【解答】解：水能、风能、潮汐能都能从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源；核能一旦消耗，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源。故选：B。【点评】本题难度不大，了解可再生能源和不可再生能源的特点是正确解答本题的关键。2（2分）如图，古琴演奏家正在演奏名曲高山流水，下列说法正确的是（）A琴声响度越大，
19、它在空气中传播的速度越大B琴声是由琴弦振动产生的C拨动不同的琴弦，主要引起琴声响度不同D用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴声音调不同【分析】（1）声音在同种介质中的传播速度与温度有关，与响度、音调无关。（2）声音是由物体的振动产生的。（3）声音的高低叫音调，音调与频率有关。（4）声音的大小叫响度，响度与振幅和距离声源的远近有关。【解答】解：A、琴声响度越大，它在空气中传播的速度不变，故A错误；B、琴声是由琴弦振动产生的，故B正确；C、拨动不同的琴弦，主要引起琴声音调不同，故C错误；D、用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴声响度不同，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了声音产生和传播的条件；知道音调
20、、响度和声速的影响因素。3（2分）下列物态变化中，属于吸热现象的是哪一组（）初春：冰雪消融盛夏：洒水降温深秋：浓雾弥漫严冬：寒霜遍野ABCD【分析】物质在发生物态变化时必然要伴随着吸放热的进行，其中熔化、汽化、升华过程需要吸收热量，凝固、液化、凝华过程需要放出热量。【解答】解：初春：冰雪消融是物质由固态变为液态的过程，是熔化过程，熔化吸热；故符合题意；盛夏：洒水降温是物质由液态变成气态的过程，是汽化过程，汽化吸热，故符合题意；深秋：浓雾弥漫是空气中的水蒸气遇冷液化为小水珠，是液化过程，液化放热，故不符合题意；严冬：寒霜遍野是空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，是凝华过程，凝华放热，故不符合题意。
21、故选：A。【点评】此题考查的是对物态变化过程的判断及物态变化过程的吸热和放热的判断。4（2分）关于粒子与宇宙，下列说法不正确的是（）A用鼻子嗅气味来鉴别酱油和醋，说明分子在不停地运动B卢瑟福提出原子是由原子核和核外电子构成的C摩擦起电的过程中，带正电的物体得到了质子D宇宙是一个有层次的天体结构系统，太阳是银河系中的一颗恒星【分析】（1）我们能闻到气味是因为分子在做无规则运动；（2）1909年英国物理学家卢瑟福和他的同事们根据粒子散射实验装置示意图，提出了原子的核式结构模型；原子是有原子核和核外电子组成；（3）摩擦起电过程是得失电子的过程，物质失去电子带正电，物质得到电子带负电；（4）银河系中有
22、大约2000亿颗恒星，太阳只是银河系中的一颗普通恒星。【解答】解：A、用鼻子嗅气味能鉴别醋和酱油，是因为构成这些物质的分子在不断运动，与人的嗅觉细胞接触，就能闻到味了，说明了分子在不断运动，故A正确；B、卢瑟福提出原子的核式结构，提出原子是有原子核和核外电子组成，故B正确；C、摩擦起电的过程中，转移的是电子，质子不能转移；带正电的物体失去电子，故C错误；D、宇宙是一个有层次的天体结构系统，我们看到的太阳只是银河系中一颗普通的恒星，故D正确。故选：C。【点评】本题考查内容有：分子动理论、人类对宇宙的认识、原子结构以及摩擦起电的原因等，以上内容要求学生熟记。5（2分）下列事例中，能增大压强的是（）
23、A载重汽车装有许多车轮B压路机的碾子质量很大C滑雪板与雪地接触面积较大D背包用较宽的背带【分析】（1）在压力一定时，增大受力面积，可以减小压强。（2）在压力一定时，减小受力面积，可以增大压强；在受力面积一定时，增大压力，可以增大压强。【解答】解：A、载重汽车装有许多车轮可以增大受力面积，在压力一定时，增大受力面积可以减小压强，故A不符合题意；B、压路机的碾子质量很大，重力很大，对路面的压力越大，在受力面积一定时，增大压力可以增大压强，故B符合题意；C、滑雪板与雪地接触面积较大，在压力一定时，增大受力面积可以减小压强，故C不符合题意；D、背包用较宽的背带，增大了受力面积，在压力一定时，增大受力面
24、积可以减小压强，故D不符合题意。故选：B。【点评】本题主要考查的是增大和减小压强的方法，属于基础性题目。6（2分）如图所示，是仿照人的手臂设计的我国天宫空间站的机械臂。下列工具使用时与机械臂属于同类型杠杆的是（）A夹起食物的筷子B拔钉子的羊角锤C剪铁丝的钢丝钳D起瓶盖的开瓶扳手【分析】（1）动力臂比阻力臂长的杠杆是省力杠杆。（2）动力臂比阻力臂短的杠杆是费力杠杆。【解答】解：我国天宫空间站的机械臂是动力臂比阻力臂短的杠杆，是费力杠杆。A、夹起食物的筷子的动力臂比阻力臂短，属于费力杠杆，故A符合题意；BCD、拔钉子的羊角锤、剪铁丝的钢丝钳、起瓶盖的开瓶扳手的动力臂比阻力臂长，属于省力杠杆，故BC
25、D不符合题意。故选：A。【点评】本题考查的是杠杆的分类；在具体的实例中能区分省力杠杆和费力杠杆。7（2分）关于地磁场，下列说法中正确的是（）A磁感线是磁场中真实存在的曲线B地球周围的地磁场的磁感线是从地磁S极出发回到地磁N极C教室里水平放置、能自由转动的小磁针静止时N极指向地理南极D指南针是我国古代四大发明之一，它能指南北是因为受到地磁场的作用【分析】（1）磁场是真实存在的，磁感线不存在。（2）地磁场的磁感线是从地磁N极出发回到地磁S极。（3）教室里水平放置、能自由转动的小磁针静止时N极指向地理北极。（4）指南针指示南北是因为受地磁场的作用。【解答】解：A、磁感线不是磁场中真实存在的曲线，故A
26、错误；B、地球周围的地磁场的磁感线是从地磁N极出发回到地磁S极，故B错误；C、教室里水平放置、能自由转动的小磁针静止时N极指向地理北极，故C错误；D、指南针是我国古代四大发明之一，它能指南北是因为受到地磁场的作用，故D正确。故选：D。【点评】本题考查的是地磁场和磁感线；关键是知道磁场是客观存在的，而磁感线是为了研究磁场而假象出来的几何曲线。8（2分）同学们在垫排球时，当排球离开手腕后，下列分析正确的是（）A排球能继续向上运动是由于受到惯性的作用B排球向上运动的过程中，受到重力和手腕对排球托力的作用C排球离开手腕后，手对排球不做功D假如正在上升的排球所受的力全部消失，它将保持静止【分析】（1）一
27、切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；（2）对向上运动的排球受力分析可知排球离开手以后，不再受手的作用力；（3）从做功的两个必要因素分析，分析排球在上升过程中，手是否对排球施加力，从而判断手对排球是否做功；（4）根据牛顿第一定律可知：一切物体在不受力的作用时，保持静止或匀速直线运动状态。【解答】解：A、排球离开手后还能继续向上运动是由于排球具有惯性，而不能说受到惯性的作用，故A错误；B、排球离开手以后，不再受到手的作用力；排球向上运动的过程中，受重力和空气阻力的作用，故B错误；C、排球在上升过程中，手不再给排球施加力，手对排球不做功，故C正确；D、排球向上运动过程中，若一切外力都消失，
28、它将保持原来速度做匀速直线运动，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了物体的受力分析、做功的两个必要因素、惯性和牛顿第一定律的理解和应用，考查内容全面。9（2分）如图所示，小明沿滑道从顶端匀速下滑的过程中，小明的（）A重力势能减小，机械能减小B动能不变，机械能不变C重力势能减小，动能增大D重力势能不变，机械能减小【分析】动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、高度；质量越大，高度越高，重力势能越大；对物体做功（克服摩擦力做功、压缩气体做功等），将机械能转化为物体的内能。【解答】解：小明沿滑道从顶端匀速下滑的过程中质量不变，高度减小，因此小明的
29、重力势能减小；速度不变，因此动能不变。有部分机械能转化为物体的内能，因此机械能减小。故选：A。【点评】熟悉机械能的转化过程，并理解改变内能的两种方式是解决该题的关键。10（2分）为了安全，汽车行驶时驾驶员必须系好安全带。当系好安全带时，相当于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光。符合上述要求的正确电路图是（）ABCD【分析】由题意知，未系好安全带时指示灯亮，系好安全带灯泡不亮，说明开关断开指示灯亮，否则灯泡不亮即被短路了。【解答】解：A、无论开关断开还是闭合，灯泡都发光。不符合题意；B、无论开关断开还是闭合，灯泡都发光。不符合题意；C、开关断开，灯泡和保护电阻串联能
30、够发光；开关闭合，灯泡被短路不能发光。符合题意；D、开关断开，灯泡与保护电阻串联能够发光；开关闭合造成电源短路。不符合题意。故选：C。【点评】本题利用了对用电器短路时，用电器将不工作设计电路，注意不能出现对电源短路的情况，电阻是保护电阻，可使电路对电源不被短路。11（2分）用硬质塑料瓶、透明胶带、螺母、塑料管、容器和水等，制作如图所示的潜水艇模型（不计进排气管体积），然后将模型放入水中，使其上浮或下沉。下列说法正确的是（）A当模型漂浮于水面时，它受到的浮力小于重力B向瓶中充气时，瓶内气体压强变大，模型将下沉C从瓶中抽气时，模型会下沉，它受到的浮力将变小D让原本在较浅处悬浮的模型下潜至更深处悬浮
31、，应使瓶内的水先增加后减少【分析】物体浮沉条件：浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉。【解答】解：A、当模型漂浮于水面时，它受到的浮力等于重力，故A错误；B、向瓶中充气时，瓶内气体压强变大，瓶内的水将变少，总重力变小，模型将上浮，故B错误；C、从瓶中抽气时，瓶内气体压强变小，瓶内的水将变多，总重力变大，模型会下沉；此时它排开水的体积不变，根据阿基米德原理可知它受到的浮力不变，故C错误；D、潜水艇是靠改变自身的重力实现浮沉的，让原本在较浅处悬浮的模型下潜至更深处悬浮，此时应向外抽气，使瓶内气体减少，气压减小，让水进入瓶中，使潜艇受到的重力大于浮力，实现下沉，然后停止抽气，再适当充气，再
32、向外排水使重力等于浮力而悬浮，使潜水艇下潜至更深的位置悬浮，则瓶内气体先减少后增加，应使瓶内的水先增加后减少，故D正确。故选：D。【点评】此题考查物体浮沉条件的应用，明确潜水艇是靠改变自身的重力实现浮沉的是关键。12（2分）如图所示为模拟调光灯电路，电源电压恒为9V，滑动变阻器R标有“20 1A”的字样，电流表选用“00.6A”的量程，当滑片P移至中点时，小灯泡恰好正常发光。已知小灯泡上标有“3V 0.9W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）。为保证电路安全，下列选项正确的是（）A滑动变阻器阻值的变化范围为520B定值电阻的阻值为20C电流表示数变化的范围为0.2250.3AD小灯泡的最小功率为
33、0.675W【分析】（1）如图所示，滑动变阻器R，定值电阻R0，小灯泡L串联，电流表测电路中的电流，已知小灯泡上标有“3V 0.9W”字样，可计算小灯泡额定电流I额，I额与电流表的最大量程比较，小的即为电路中的最大电流，以最大电流为已知条件，计算出此时滑动变阻器的阻值即为最小值，故可确定其取值范围；（2）已知滑动变阻器滑片P在中点时阻值，电路中的电流，小灯泡电压，由欧姆定律得出滑动变阻器两端电压，可求出定值电阻R0的电压，再由欧姆定律得R0阻值；（3）由（1）计算得出的滑动变阻器阻值的变化范围，应用欧姆定律计算出电流表示数变化的范围；（4）由PI2R可知，当电路电流最小时，小灯泡功率最小；【解
34、答】解：如图所示，滑动变阻器R、定值电阻R0、小灯泡L串联，电流表测电路中的电流，A.已知小灯泡上标有“3V 0.9W”字样，故小灯泡额定电流I额，故电路中最大电流为0.3A，当滑片P移至中点时，小灯泡恰好正常发光，此时电流为0.3A，故此时滑动变阻器的阻值为最小值，已知滑动变阻器规格为20 1A，中点时的阻值为10，故滑动变阻器阻值的变化范围为1020，故A错误。B.已知滑动变阻器滑片P在中点时阻值为10，电路中的电流为0.3A，小灯泡电压为3V，由欧姆定律得滑动变阻器两端电压为URIR0.3A103V，又已知电源电压为9V，故定值电阻R0的电压U0UULUR9V3V3V3V，由欧姆定律得R
35、0，故B错误。C.当滑动变阻器R滑动至阻值最大处时，电流表为最小值，小灯泡的阻值RL，由欧姆定律得I0.225A，已知电流最大电流为0.3A，故电流表示数变化的范围为0.2250.3A，故C正确。D.由PI2R可知，当电路电流最小时，小灯泡功率最小，已知最小电流为0.225A，根据PI2RL（0.225A）2100.50625W，故D错误。故答案为：C。【点评】本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是电路的分析，确定电路的最大电流是难点。二、第二部分非选择题（共76分）二、填空题（本题有8小题，每空1分，共26分）13（4分）如图所示，一只水鸟站在水中觅食，图中的黑影是
36、由于光的 直线传播形成的，倒影是因光的反射形成的 虚像，且倒影看起来要“暗”一些，是因为有一部分光在水面处发生了 折射而进入水中，人能从不同角度看见水鸟是由于光照射在鸟身上发生了 漫反射。【分析】（1）光在同种均匀介质中沿直线传播；（2）平面镜成像的原理是光的反射形成的，成的像是虚像，是由光的反向延长线形成的，是人的主观感觉，不能用光屏承接。光射到水面时，一部分光线发生了反射，另一部分发生了折射而进入水中。（3）反射分镜面反射和漫反射，平行光线入射到平而光滑反射面上，反射光线还是平行射出，这种反射是镜面反射；平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射。【解答】解：（1
37、）水鸟的黑影属于影子，是由于光的直线传播形成的；（2）水鸟的倒影属于平面镜成像，平面镜成像是由于光的反射形成的，成的像是虚像；光射到水面时，一部分光线发生了反射，另一部分发生了折射而进入水中，所以这些“倒影”看起来“暗”一些；（3）人能从不同角度看见水鸟是由于光照射在鸟身上发生了漫反射。故答案为：直线传播；虚；折射；漫反射。【点评】本题考查了影子的成像原理、平面镜成像的特点、光的折射、光的反射的分类，涉及到的知识点较多，是光学部分的典型题。14（4分）如图所示是气象站释放的一种无动力探空气球。升空过程中因大气压逐渐 变小，气球会慢慢膨胀；它携带的探空仪会采集各种气象数据，并将数据通过 电磁波传
38、回到地面气象站；气球上升至平流层后会随着气流飘向远方，此时它相对于气流是 静止的；因高空严寒，为防止探空仪内的精密仪器被冻坏，其外壳要用 隔热性能好的材料制成。【分析】（1）大气压随高度的增加而减小。（2）电磁波可以传递信息。（3）物体相对于参照物的位置是变化的，物体就是运动的；物体相对参照物的位置不变，物体是静止的。（4）为了防止精密仪器被冻坏，外壳应该采用隔热性能好的材料制成。【解答】解：无动力探空气球在升空过程中因大气压逐渐变小，气球会慢慢膨胀；它携带的探空仪会采集各种气象数据，并将数据通过电磁波传回到地面气象站；气球上升至平流层后会随着气流飘向远方，此时它相对于气流位置不变，是静止的；
39、因高空严寒，为防止探空仪内的精密仪器被冻坏，其外壳要用隔热性能好的材料制成。故答案为：变小；电磁波；静止；隔热性能。【点评】本题考查了大气压的变化、电磁波的特性、运动和静止的相对性；知道材料材料的隔热性能。15（3分）小华利用饮料瓶、气球、瓶盖、吸管等制作了一个简易喷气小车，如图所示。拔掉吸管口的塞子，气球向左喷气，同时小车会向右运动，说明物体间力的作用是 相互的，也说明力能改变物体的 运动状态，使小车前进的力的施力物体是 喷出的气体。【分析】（1）力是物体对物体的作用，施加力的是施力物体，承受力的是受力物体；（2）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态。【解答】解：气
40、球向左喷气，同时小车受到气体的反作用，会向右运动，说明物体间力的作用是相互的；在这个力的作用下小车向右运动也说明力能改变物体的运动状态，使小车前进的力的施力物体是喷出的气体。故答案为：相互；运动状态；喷出的气体。【点评】本题考查了力的概念和力的作用效果，是力学基础知识的考查，是中考的热点。16（2分）如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部，放入一小团干燥的硝化棉，用力把活塞迅速压下，使硝化棉燃烧，该过程是通过 做功的方式来改变筒内空气的内能，其能量转化情况与汽油机的 压缩冲程相同。【分析】改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功，物体的内能将增大，温度升高；内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，
41、活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能。【解答】解：在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来，这是因为压缩筒内空气做功，使筒内空气的内能增加；该实验中，压缩筒内空气做功，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，与内燃机的压缩冲程的能量转化相同。故答案为：做功；压缩。【点评】此题主要考查了改变物体内能的方法以及内燃机的工作过程和原理（能量的转化），难度不大。17（3分）如图所示，供轮椅上下的斜坡长L4m，高h2m。小明用120N的拉力平行于斜坡向上将重为200N的木箱从底端匀速拉到顶端。他所做的有用功为 400J，斜坡的机械效率为 83.3%（精确到0.1%），
42、木箱所受摩擦力的大小为 20N。【分析】（1）知道斜坡高、木箱重，利用W有Gh求拉力做的有用功；（2）知道拉力大小、斜面长，利用WFs求拉力F做的总功；斜面的机械效率等于有用功与总功的比值；（3）利用W额W总W有求出额外功，再利用W额fs计算木箱受到的摩擦力大小。【解答】解：（1）拉力做的有用功：W有用Gh200N2m400J；（2）拉力F做的总功：W总Fs120N4m480J，斜坡的机械效率：100%83.3%；（3）拉力做的额外功：W额W总W有用480J400J80J，由W额fs可得，木箱受到的摩擦力：f20N。故答案为：400；83.3%；20。【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、
43、额外功、机械效率的计算，计算时注意摩擦力不等于拉力，需要利用W额fs计算。18（3分）如图甲所示电路，开关S1、S2闭合后两电流表的指针均指在同一位置，示数如图乙所示，则通过R1的电流为 1.44A，两电阻之比R1：R21：4；只断开开关S2，电流表A1的示数将 变小（变大/变小/不变）。【分析】（1）当闭合开关S1、S2后，由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测干路路的电流，电流表A2测电阻R2电流；根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定两电流表的量程，根据分度值读数示数，进一步求出两支路的电流；（2）利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；（3）开关S1、S2闭合时，两
44、电阻并联，电流表A1测干路中的电流；只断开开关S2时，只有R2工作，电流表A1测通过R2的电流；由并联电路的电流特点可知只断开开关S2后电流表A1示数的变化情况。【解答】解：（1）当闭合开关S1、S2后，两电阻并联，电流表A1测干路的电流，电流表A2测电阻R2电流，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两个电流表指针的偏转相同，所以，电流表A2的量程为00.6A，分度值为0.02A，通过R2的电流I20.36A，电流表A1的量程为03A，分度值为0.1A，干路电流I1.8A，则通过R1的电流I1II21.8A0.36A1.44A；（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I可得，两电阻的阻值之比：