1、12011 年全国硕士研究生入学统一考试数学三试题答案一、选择题(18 小题，每小题 4 分，共 32 分下列每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，请将所选项前的字母填在答题纸一、选择题(18 小题，每小题 4 分，共 32 分下列每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，请将所选项前的字母填在答题纸指定位置上)指定位置上)(1)【答案】(C)【解析】因为03sinsin3limkxxxcx03sinsincos2cos sin2limkxxxxxxcx20sin3cos22coslimkxxxxcx2103cos22coslimkxxxcx221032cos12coslimk
2、xxxcx22110044cos4sinlimlimkkxxxxcxcx304lim1kxcx所以4,3ck，故答案选(C).(2)【答案】(B)【解析】23302limxx fxfxx 223300220limxx fxx ffxfx 33000lim2xfxffxfxx 0200fff 故答案选(B).(3)【答案】(A).【解析】方法 1：数项级数的性质：收敛级数任意添加括号后仍收敛，故(A)正确.方法 2：排除法，举反例选项(B)取(1)nnu ，这时21211()0nnnnuu收敛，但11(1)nnnnu发散，故选项(B)错误；选项(C)取1(1)nnun，这时111(1)nnnnu
3、n收敛，但212111()nnnnuun发散，故选项(C)错误；关注公众号【考研题库】保存更多高清资料2选项(D)取1nu，这时21211()0nnnnuu收敛，但111nnnu发散，故选项(D)错误 故正确答案为(A).(4)【答案】(B)【解析】因为04x时，0sincos1cotxxx，又因ln x是单调递增的函数，所以lnsinlncoslncotxxx故正确答案为(B)(5)【答案】(D)【解析】由于将A的第 2 列加到第 1 列得矩阵B，故100110001AB，即1APB，11ABP由于交换B的第 2 行和第 3 行得单位矩阵，故100001010BE，即2,P BE故122BP
4、P因此，121AP P，故选(D)(6)【答案】(C)【解析】由于123,是Ax的 3 个线性无关的解，所以3121,是0Ax 的两个线性无关的解，即0Ax 的基础解系中至少有 2 个线性无关的解，所以可排除(A)、(B)选项又因为2302A，所以232是0Ax 的解，不是Ax的解，故排除(D)选项，因此选(C)事实上，由于123,是Ax的三个线性无关的解，所以2131,是0Ax 的两个线性无关的解，即0Ax 的基础解系中至少有 2 个线性无关的解，亦即3()2r A，故()1r A 由于AO，所以()1r A，故()1r A 这样，0Ax 的基础解系中正好有 2 个线性无关的解，由此知213
5、1,是0Ax 的一个基础解系因为123,是Ax的解，所以23,AA，因此232A，所以232关注公众号【考研题库】保存更多高清资料3是Ax的一个特解由非齐次线性方程组解的结构，可知Ax的通解为23121231()()2kk(7)【答案】(D)【解析】选项(D)1122()()()()fx Fxfx Fxdx2211()()()()F x dF xF x dF x21()()d F x F x12()()|F x F x1所以1221()()f F xf F x为概率密度.(8)【答案】(D)【解析】因为12,()nXXXP，所以()iE X，()iD X，从而有1111()11()nniiii
6、XEXE TnnnnEE XE X 112111111()()11nnininiiE TEXXEXE Xnnnn111E XE Xnn因为111n，所以12E TE T又因为1121(11)niiD TDn D XD XnnXnn11221121111()()1(1)()nnininiiXXDXDnnDnDXnT2211(111)()1D XD Xnnnn由于当2n时，21111nnn，所以12D TD T关注公众号【考研题库】保存更多高清资料4二、填空题(914 小题，每小题 4 分，共 24 分，请将答案写在答题纸二、填空题(914 小题，每小题 4 分，共 24 分，请将答案写在答题纸指
7、定位置上)指定位置上)(9)【答案】31 3xex.【解析】因为 31300lim1 3lim1 3xtxtttttfxxtxt3xx e，所以，31 3xfxex.(10)【答案】1 2ln2dxdy.【解析】ln(1)(1)xxxyyyxzey,11(1)ln(1)1xydzxxxyxdxyyyyy,22(1)ln(1)1xyxdzxxxxyxdyyyyyy，所以，(1,1)2ln2 1dzdx，(1,1)1 2ln2dzdx ，从而1,112ln212ln2dzdxdy或1,112ln2dzdxdy.(11)【答案】2yx.【解析】方程tan4yxye的两端对x求导，有2sec14yxy
8、ye y，将0,0 xy代入上式，有211cos4yy，解得0,02y，故切线方程为：2yx.(12)【答案】43.【解析】如图所示：221Vy dxy21yx关注公众号【考研题库】保存更多高清资料52211xdx43图(13)【答案】213y【解析】因为A的各行元素之和为 3，所以1113 111A ，故 3 为矩阵A的特征值由()1r A 知矩阵A有两个特征值为零，从而1233,0由于二次型在正交变换下标准形前面的系数即为二次型所对应矩阵的特征值，所以二次型在正交变换下的标准形为213y(14)【答案】22【解析】根据题意，二维随机变量,X Y服从22,;,;0N 因为0 xy，所以由二维
9、正态分布的性质知随机变量,X Y独立，所以2,X Y从而有 22222E XYE X E YD YEY 三、解答题(1523 小题，共 94 分请将解答写在答题纸三、解答题(1523 小题，共 94 分请将解答写在答题纸指定位置上，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)指定位置上，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤)(15)(本题满分 10 分)【解析】2001 2sin11 2sin1limlimln 1xxxxxxxxx012cos12 12sinlim2xxxx0cos12sinlim212sinxxxxx关注公众号【考研题库】保存更多高清资料6000cos12sinlim2cos
10、sin12sinlim2coslim2 12sin1.2xxxxxxxxxxx (16)(本题满分 10 分)【解析】121(),(,)(),(,)(,)zfxyf x yfxyf x yf x yx211122212221212,1,(,),(,)(,),zfxyf xyx yfxyf xyf x yfxyf xyfxyf xyf x yf x yfxyf xyfx y 由于1,12f为,f u v的极值，故121,11,10ff，所以，2112122,22,21,1.zfffx y(17)(本题满分 10 分)【解析】令tx，则2xt,2dxtdt，所以arcsinlnxxdxx2arcs
11、inln2tttdtt22arcsinlnttdt22222arcsin22ln21ttttdttttdttt222(1)2 arcsin2 ln41dttttttt222 arcsin2 12 ln4ttttttC关注公众号【考研题库】保存更多高清资料72arcsin2ln2 14.xxxxxxC(18)(本题满分 10 分)【解析】设4()4arctan33f xxx，则224(3)(3)()111xxfxxx，令()0fx，解得驻点123,3xx.所以，当3x 时，()0fx，故()f x单调递减；当33x时，()0fx，故()f x单调递增；当3x 时，()0fx，故()f x单调递减
12、.又当(,3)(3,3)x 时()0f x，且(3)0f，故(,3)x 时只有一个零点；又8(3)2 303f，4limlim4arctan303xxfxxx ，由零点定理可知，存在03,x，使00f x；所以，方程44arctan303xx恰有两实根.(19)(本题满分 10 分)【解析】21()()2tDf t dxdyt f t，0000()()()()()()ttt xDttfxy dxdydxfxy dyf tf x dxtf tf x dx由题设有201()()()2ttf tf x dxt f t，上式两端求导，整理得(2)()2()t f tf t，关注公众号【考研题库】保存更
13、多高清资料8为变量可分离微分方程，解得2()(2)Cf tt，带入(0)1f，得4C.所以，24(),01(2)f xxx.(20)(本题满分 11 分)【解析】(I)由于123,不能由123,线性表示，对123123(,)进行初等行变换：123123113101(,)12401313115a 113101011112023014a113101011112005210a当5a 时，1231231(,)2(,)3rr ，此时，1不能由123,线性表示，故123,不能由123,线性表示(II)对123123(,)进行初等行变换：123123101113(,)013124115135 1011130
14、131240140221011130131240011021002150104210001102，故112324，2122，31235102(21)(本题满分 11 分)关注公众号【考研题库】保存更多高清资料9【解析】(I)由于111100001111A，设121,0,1,1,0,1TT，则1212,A ，即1122,AA，而120,0，知A的特征值为121,1，对应的特征向量分别为1110kk，2220kk由于 2r A，故0A，所以30由于A是三阶实对称矩阵，故不同特征值对应的特征向量相互正交，设30对应的特征向量为3123,Tx xx，则13230,0,TT 即13130,0 xxxx解
15、此方程组，得30,1,0T，故30对应的特征向量为3330kk(II)由于不同特征值对应的特征向量已经正交，只需单位化：312123123111,0,1,1,0,1,0,1,022TTT令123,Q ，则110TQ AQ ，TAQ Q22022220122220011022022010022 关注公众号【考研题库】保存更多高清资料1022022220001222200000002210022010022(22)(本题满分 11 分)【解析】(I)因为221P XY，所以222210 P XYP XY即0,10,11,00P XYP XYP XY 利用边缘概率和联合概率的关系得到10,000,1
16、0,13P XYP XP XYP XY；11,110,13P XYP YP XY ；11,110,13P XYP YP XY即,X Y的概率分布为(II)Z的所有可能取值为1,0,1111,13P ZP XY 111,13P ZP XY101113P ZP ZP Z ZXY的概率分布为Z-101P1/31/31/3XY-10101/30101/301/3关注公众号【考研题库】保存更多高清资料11(III)因为()()()()XYCov XYE XYE XE YD XD YD XD Y，其中 1111010333E XYE Z ，1111010333E Y 所以 0E XYE XE Y，即X，Y的相关系数0XY(23)(本题满分 11 分)【解析】二维连续型随机变量(,)X Y的概率密度为1,01,2,(,)0,.yyxyf x y其它()当01x时，0()(,)1xXfxf x y dydyx当12x时，20()(,)12xXfxf x y dydyxX的边缘概率密度为,01,()2,12,0,Xxxfxxx其它.(II)当01y时，Y的边缘概率密度为2()(,)122yYyfyf x y dxdxy当01y时，|(|)X Yfx y有意义，条件概率密度|1,2,(,)22(|)()0,X YYyxyf x yyfx yfy其它.关注公众号【考研题库】保存更多高清资料