1、2023学年高考数学模拟测试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1已知抛物线的焦点为，为抛物线上一点，当周长最小时，所在直线的斜率为（ ）ABCD2是抛物线上一点，
2、是圆关于直线的对称圆上的一点，则最小值是（ ）ABCD3某四棱锥的三视图如图所示，则该四棱锥的表面积为（ ）A8BCD4已知函数是定义在R上的奇函数，且满足，当时，（其中e是自然对数的底数），若，则实数a的值为( )AB3CD5等比数列的前项和为，若，则（ ）ABCD6已知的共轭复数是，且（为虚数单位），则复数在复平面内对应的点位于（ ）A第一象限B第二象限C第三象限D第四象限7函数的值域为（ ）ABCD8已知,则 ()ABCD9已知集合U1，2，3，4，5，6，A2，4，B3，4，则（ ）A3，5，6B1，5，6C2，3，4D1，2，3，5，610如图，在平行四边形中，对角线与交于点，且，则
3、（ ）ABCD11已知函数则函数的图象的对称轴方程为（ ）ABCD12某校为提高新入聘教师的教学水平，实行“老带新”的师徒结对指导形式，要求每位老教师都有徒弟，每位新教师都有一位老教师指导，现选出3位老教师负责指导5位新入聘教师，则不同的师徒结对方式共有（ ）种.A360B240C150D120二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13在中，内角所对的边分别为，若 ，的面积为，则_ ，_14已知函数，若在定义域内恒有，则实数的取值范围是_15函数的定义域为_16已知随机变量服从正态分布，则_三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17（12分）已知数列满足，等差
4、数列满足，（1）分别求出，的通项公式；（2）设数列的前n项和为，数列的前n项和为证明：18（12分）已知，且满足，证明：.19（12分）已知数列an满足条件，且an+2（1）n（an1）+2an+1，nN*（）求数列an的通项公式；（）设bn，Sn为数列bn的前n项和，求证：Sn20（12分）一张边长为的正方形薄铝板（图甲），点，分别在，上，且（单位：）.现将该薄铝板沿裁开，再将沿折叠，沿折叠，使，重合，且重合于点，制作成一个无盖的三棱锥形容器（图乙），记该容器的容积为（单位：），（注：薄铝板的厚度忽略不计）（1）若裁开的三角形薄铝板恰好是该容器的盖，求，的值；（2）试确定的值，使得无盖三棱锥
5、容器的容积最大.21（12分）已知椭圆的右焦点为，离心率为.（1）若，求椭圆的方程；（2）设直线与椭圆相交于、两点，、分别为线段、的中点，若坐标原点在以为直径的圆上，且，求的取值范围.22（10分）在平面直角坐标系中，曲线的参数方程为（为参数），以原点为极点，轴的非负半轴为极轴，建立极坐标系，曲线的极坐标方程为.（1）求曲线的极坐标方程以及曲线的直角坐标方程；（2）若直线与曲线、曲线在第一象限交于两点，且，点的坐标为，求的面积.2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【答案解析】本道
6、题绘图发现三角形周长最小时A,P位于同一水平线上，计算点P的坐标，计算斜率，即可【题目详解】结合题意，绘制图像要计算三角形PAF周长最小值，即计算PA+PF最小值，结合抛物线性质可知，PF=PN，所以，故当点P运动到M点处，三角形周长最小，故此时M的坐标为，所以斜率为，故选A【答案点睛】本道题考查了抛物线的基本性质，难度中等2、C【答案解析】求出点关于直线的对称点的坐标，进而可得出圆关于直线的对称圆的方程，利用二次函数的基本性质求出的最小值，由此可得出，即可得解.【题目详解】如下图所示：设点关于直线的对称点为点，则，整理得，解得，即点，所以，圆关于直线的对称圆的方程为，设点，则，当时，取最小值
7、，因此，.故选：C.【答案点睛】本题考查抛物线上一点到圆上一点最值的计算，同时也考查了两圆关于直线对称性的应用，考查计算能力，属于中等题.3、D【答案解析】根据三视图还原几何体为四棱锥，即可求出几何体的表面积【题目详解】由三视图知几何体是四棱锥，如图，且四棱锥的一条侧棱与底面垂直，四棱锥的底面是正方形,边长为2,棱锥的高为2，所以，故选：【答案点睛】本题主要考查了由三视图还原几何体，棱锥表面积的计算，考查了学生的运算能力，属于中档题.4、B【答案解析】根据题意，求得函数周期，利用周期性和函数值，即可求得.【题目详解】由已知可知，所以函数是一个以4为周期的周期函数，所以，解得，故选：B.【答案点
8、睛】本题考查函数周期的求解，涉及对数运算，属综合基础题.5、D【答案解析】试题分析：由于在等比数列中，由可得：，又因为，所以有：是方程的二实根，又，所以，故解得：，从而公比；那么，故选D考点：等比数列6、D【答案解析】设，整理得到方程组，解方程组即可解决问题【题目详解】设，因为，所以，所以，解得：，所以复数在复平面内对应的点为，此点位于第四象限.故选D【答案点睛】本题主要考查了复数相等、复数表示的点知识，考查了方程思想，属于基础题7、A【答案解析】由计算出的取值范围，利用正弦函数的基本性质可求得函数的值域.【题目详解】，因此，函数的值域为.故选：A.【答案点睛】本题考查正弦型函数在区间上的值域
9、的求解，解答的关键就是求出对象角的取值范围，考查计算能力，属于基础题.8、B【答案解析】利用诱导公式以及同角三角函数基本关系式化简求解即可【题目详解】，本题正确选项：【答案点睛】本题考查诱导公式的应用，同角三角函数基本关系式的应用，考查计算能力9、B【答案解析】按补集、交集定义，即可求解.【题目详解】1，3，5，6，1，2，5，6，所以1，5，6.故选：B.【答案点睛】本题考查集合间的运算，属于基础题.10、C【答案解析】画出图形，以为基底将向量进行分解后可得结果【题目详解】画出图形，如下图选取为基底，则，故选C【答案点睛】应用平面向量基本定理应注意的问题（1）只要两个向量不共线，就可以作为平
10、面的一组基底，基底可以有无穷多组，在解决具体问题时，合理选择基底会给解题带来方便（2）利用已知向量表示未知向量，实质就是利用平行四边形法则或三角形法则进行向量的加减运算或数乘运算11、C【答案解析】，将看成一个整体，结合的对称性即可得到答案.【题目详解】由已知，令，得.故选：C.【答案点睛】本题考查余弦型函数的对称性的问题，在处理余弦型函数的性质时，一般采用整体法，结合三角函数的性质，是一道容易题.12、C【答案解析】可分成两类，一类是3个新教师与一个老教师结对，其他一新一老结对，第二类两个老教师各带两个新教师，一个老教师带一个新教师，分别计算后相加即可【题目详解】分成两类，一类是3个新教师与
11、同一个老教师结对，有种结对结对方式，第二类两个老教师各带两个新教师，有共有结对方式6090150种故选：C【答案点睛】本题考查排列组合的综合应用解题关键确定怎样完成新老教师结对这个事情，是先分类还是先分步，确定方法后再计数本题中有一个平均分组问题计数时容易出错两组中每组中人数都是2，因此方法数为二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13、 【答案解析】由已知及正弦定理，三角函数恒等变换的应用可得，从而求得，结合范围，即可得到答案运用余弦定理和三角形面积公式，结合完全平方公式，即可得到答案【题目详解】由已知及正弦定理可得，可得：解得，即，由面积公式可得：，即由余弦定理可得：即有解得【答
12、案点睛】本题主要考查了运用正弦定理、余弦定理和面积公式解三角形，题目较为基础，只要按照题意运用公式即可求出答案14、【答案解析】根据指数函数与对数函数图象可将原题转化为恒成立问题，凑而可知的图象在过原点且与两函数相切的两条切线之间；利用过一点的曲线切线的求法可求得两切线斜率，结合分母不为零的条件可最终确定的取值范围.【题目详解】由指数函数与对数函数图象可知：，恒成立可转化为恒成立，即恒成立，即是夹在函数与的图象之间，的图象在过原点且与两函数相切的两条切线之间.设过原点且与相切的直线与函数相切于点，则切线斜率，解得：；设过原点且与相切的直线与函数相切于点，则切线斜率，解得：；当时，又，满足题意；
13、综上所述：实数的取值范围为.【答案点睛】本题考查恒成立问题的求解，重点考查了导数几何意义应用中的过一点的曲线切线的求解方法；关键是能够结合指数函数和对数函数图象将问题转化为切线斜率的求解问题；易错点是忽略分母不为零的限制，忽略对于临界值能否取得的讨论.15、【答案解析】根据函数成立的条件列不等式组,求解即可得定义域.【题目详解】解:要使函数有意义,则 ,即.则定义域为: .故答案为: 【答案点睛】本题主要考查定义域的求解,要熟练掌握张建函数成立的条件.16、0.22.【答案解析】正态曲线关于x对称，根据对称性以及概率和为1求解即可。【题目详解】【答案点睛】本题考查正态分布曲线的特点及曲线所表示的意义，是一个基础题三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、 (1) （2）证明见解析【答案解析】（1）因为，所以，所以，即，又因为，所以数列为等差数列，且公差为1，首项为1，则，即.设的公差为，则，所以（），则（），所以，因此，综上，（2）设数列的前n项和为，则两式相减得，所以， 设则，所以.18、证明见解析【答案解析】将化简可得，由柯西不等式可得证明.【题目详解】解：因为，所以，又， 所以，当且仅当时取等号.【答案点睛】本题主要考查柯西不等式的应用，相对不难，注意已知条件的化简及柯西不等式的灵活运用.19、（）（）证明见解析【答案解析】（）由an+2（1）n
