1、2023学年高二下学期物理期末模拟测试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是
2、符合题目要求的。1、A、B两球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，mA=1kg，mB=2kg，vA=6m/s，vB=2m/s，当A追上B并发生碰撞后，A、B两球速度的可能值是()AvA=5m/s，vB=2.5m/sBvA=2m/s，vB=4m/sCvA=4m/s，vB=7m/sDvA=7m/s，vB=1.5m/s2、如图所示，静止在水平面上的三角架质量为M，它用两质量不计的弹簧连接着质量为m的小球当小球上下振动，三角架对水平面的压力为mg时，小球的加速度的方向与大小分别是（）A向上，Mg/mB向下，Mg/mC向下，gD向下，(M+m)g/m3、一辆小车静止在水平地面上，bc是固定在车上的一
3、根水平杆，物块M穿在杆上，M通过细线悬吊着小物体m，m在小车的水平底板上，小车未动时细线恰好在竖直方向上，现使小车如下图分四次分别以a1、a2、a3、a4向右匀加速运动，四种情况下M、m均与车保持相对静止，且图甲和图乙中细线仍处于竖直方向，已知a1:a2:a3:a4=1:2:4:8，M受到的摩擦力大小依次为f1、f2、f3、f4，则下列说法正确的是（ ）Af1:f2:=1:4 Bf1:f2:=2:3 Cf3:f4=1:4 Dtan=2tan4、分别用波长为和的单色光照射同一金属板,发出的光电子的最大初动能之比为12,以h表示普朗克常量,c表示真空中的光速,则此金属板的逸出功为ABCD5、下列说
4、法正确的是（ ）A布朗运动是固体小颗粒分子的无规则运动的反映B分子势能随分子间距离的增大而增大C气体分子的平均动能越大，则气体压强越大D分子间相互作用的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小6、某交流电的电流随时间变化图像如图所示，则此交变电流的有效值为Al AB3 ACD2A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，用一根粗细均匀的电阻丝制成形状相同、大小不同的甲、乙两个单匝闭合矩形线框。甲对应边的长度是乙的两倍，二者底边距离匀强磁场上边界高度h相同，磁场方向垂直
5、纸面向里，匀强磁场的宽度d足够大。不计空气阻力，适当调整高度h，将二者由静止同时释放，甲进入匀强磁场的整个过程经过了t1时间，速度恒定，线框中产生的焦耳热为Q1；乙进入磁场的整个过程经过了t2时间，线框中产生的焦耳热为Q2；甲、乙两线框在进入磁场过程中的某时刻所受到的安培力分别是F1和F2，线框中感应电动势分别是E1和E2，线框在向下运动过程中始终在同一竖直平面内，上下两边始终水平，则以下结论中正确的是（）At1=t2BE1=4E2CF1=2F2DQ1=4Q28、2019年3月10日，中国轮椅冰壶队首次夺得世锦赛冠军，如下图所示，两个大小相同、质量均为m的冰壶分别静止在水平冰面上的O、A点处。
6、运动员在极短时间内给在O点甲冰壶水平冲量使其向右运动，当甲冰壶运动到A点时与乙冰壶发生弹性正碰，碰后乙冰壶运动到C点停下。已知OA=AB=BC=L，冰壶所受阻力大小恒为重力的k倍，重力加速度为g，则A运动员对甲冰壶做的功为kmgLB运动员对甲冰壶做的功为3kmgLC运动员对甲冰壶施加的冲量为D运动员对甲冰壶施加的冲量为9、如图，一个导热气缸竖直放置，气缸内封闭有一定质量的气体，活塞与气缸壁紧密接触，可沿气缸壁无摩擦地上下移动。若大气压保持不变，而环境温度缓慢升高，在这个过程中( )A气缸内每个分子的动能都增大B封闭气体对外做功C气缸内单位体积内的分子数增多D封闭气体吸收热量E.气缸内单位时间内
7、撞击活塞的分子数减少10、如图所示，实线是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，虚线是这列波在t=0.2s时刻的波形图，则下列说法正确的是（ ）A这列波的波长为12cmB在t=0.2s时，x=6cm处的质点速度沿y轴正方向C这列波的波速可能为0.4m/sD这列波遇到5m宽的物体，能发生明显的衍射现象三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“用双缝干涉测光的波长”实验中：(1)测量某亮纹位置时，手轮上的示数如图乙所示，其示数为_；(2)为了减小测量误差，可用测微目镜测出第1条亮条纹中心到第n条亮条纹中心间的距离为a，则相
8、邻两条亮纹间距_，若已知双缝间距为d，测得双缝到屏的距离为L，则光的波长_。12（12分）实验小组的同学们用如图所示的装置做“用单摆测定重力加速度”的实验。测出悬点O到小球球心的距离（摆长）L及单摆完成n次全振动所用的时间t，则重力加速度g =_（用L、n、t表示）。实验时除用到秒表、刻度尺外，还应该用到下列器材中的_(选填选项前的字母)。A长约1 m的细线B长约1 m的橡皮绳C直径约1 cm的均匀铁球D直径约10 cm的均匀木球选择好器材，将符合实验要求的单摆悬挂在铁架台上，应采用图_中所示的固定方式。某实验小组组装单摆时，在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将
9、橡皮夹紧，如图所示。这样做的目的是_(填字母代号)。A保证摆动过程中摆长不变B可使周期测量得更加准确C需要改变摆长时便于调节D保证摆球在同一竖直平面内摆动他组装好单摆后在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺量得从悬点到摆球的最低端的长度L=0.9990m，再用游标卡尺测量摆球直径，结果如图所示，则该摆球的直径为_mm。将单摆正确悬挂后进行如下操作，其中正确的是_(选填选项前的字母)。A测出摆线长作为单摆的摆长B把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度释放，使之做简谐运动C在摆球经过平衡位置时开始计时D用秒表测量单摆完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期甲同学多次改变单摆的摆长并测得相应的周期，他根据测
10、量数据画出了如图所示的图象，但忘记在图中标明横坐标所代表的物理量。你认为横坐标所代表的物理量是_(选填“l2”“l”或“”)，若图线斜率为k，则重力加速度g=_(用k表示)。乙同学测得的重力加速度数值大于当地的重力加速度的实际值，造成这一情况的原因可能是_(选填选项前的序号)。A开始摆动时振幅较小B开始计时时，过早按下停表C测量周期时，误将摆球(n-1)次全振动的时间记为n次全振动的时间D测量摆长时从悬点到小球下端边缘的距离为摆长四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一物体做匀减速直线运动，在某段时间T内的平
11、均速度的大小为v，紧接着在接下来的相等的时间T内的平均速度的大小为kv（k1），此时，物体仍然在运动求 (1)物体的加速度为多大？ (2)再经过多少位移物体速度刚好减为零？14（16分）半径为的圆形区域内有均匀磁场，磁感应强度，磁场方向垂直纸面向里边长为的金属正方形框架ABCD在垂直磁场的平面内放置，正方形中心与圆心O重合金属框架AD与BC边上分别接有、两灯，两灯的电阻均为，一金属棒MN平行AD边搁在框架上，与框架电接触良好，棒与框架的电阻均忽略不计（1）若棒以匀速率向右水平滑动，如图所示当滑过AB与DC边中点E、F时，灯中的电流为，求棒运动的速率（2）撤去金属棒MN，将右半框架EBCF以EF
12、为轴向下翻转，若翻转后磁场随时间均匀变化，且灯的功率为，求磁场的变化率15（12分）如图所示为儿童电动风扇，由一小型直流电动机驱动，把它接入U1=0. 3V的电路中时，电动机不转，测得流过电动机的电流为I1=0. 6A；若把它接入U2=4. 5V的电路中时，电动机正常工作，工作电流是I2=1. 0A，除电动机内阻外其他电阻忽略不计。(1)求电动机正常工作时的输出功率；(2)如果电动机正常工作时，转子突然被卡住，求此时电动机的发热功率。2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【答案解
13、析】考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度；因而AD错误，BC满足；两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒；A追上B并发生碰撞前的总动量是：mAvA+mBvB=1kg6m/s+2kg2m/s=10kgm/s；B选项：1kg2m/s+2kg4m/s=10kgm/s，C选项：1kg(-4m/s)+2kg7m/s=10kgm/s，则BC均满足根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能，碰撞前总动能为162+222=22J；B选项碰撞后总动能为122+242=18J，C选项碰撞后总动能为142+272=57J，故B满足，C不满足；故选B2、B【答案解析】以
14、M为研究对象M受重力和地面的支持力以及弹簧对M向上的作用力F：因为M在桌面上，加速度为0，故弹簧对M的合力F（Mm）g方向竖直向上；对m而言，弹簧对m的作用力与对M的作用力大小相等方向相反即FF（Mm）g方向竖直向下，故以m为研究对象有：m所受合力F合F+mgMg所以m的加速度为：方向竖直向下。A.向上，Mg/m，与分析结论不符，故A错误。B.向下，Mg/m，与分析结论相符，故B正确。C.向下，g，与分析结论不符，故C错误。D.向下，(M+m)g/m，与分析结论不符，故D错误。3、D【答案解析】甲乙两图中，M水平方向只受静摩擦力作用，根据牛顿第二定律得：，而，则，故AB错误；丙丁两图中，对m和M整体受力分析，受总重力（M+m）g、支持力N、摩擦力f，如图根据牛顿第二定律，有：，所以，故C错误；对物体m隔离受力分析，可得，而，所以，故D正确。故选D。【答案点睛】前两图中，M是由静摩擦力提供加速度的，根据牛顿第二定律直接求解和的关系；后两图中对小球和滑块整体受力分析，根据牛顿第二定律列式求解通过对m隔离分析可判断图中角的关系4、B【答案解析】光子能量为：E=；根据爱因斯坦光电效应方程可知光电子的最大初动能为：Ek=-W；根据题意：1=，2=，Ek1：EK2=1：2；联立可得逸出W=，故BCD错误，A正确5、D
