1、获取更多试卷，请关注微信公众号：上海试卷2016-2017学年上海市青浦区九年级（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题1首先用实验测出大气压强值的科学家是（）A托里拆利B安培C伏特D阿基米德2下列实例中不是利用连通器原理工作的是（）A抽水机B船闸C茶壶D锅炉水位器3如图所示为生活中常用的一些物品，使用时主要用来减小压强的是（）A图钉尖很尖锐B逃生锤的锤头很尖C切苹果器的刀片做的很薄D书包带较宽4一瓶未打开的500毫升矿泉水，其质量约为（）A0.005千克B0.05千克C0.5千克D5千克5下列事例中，运用的科学研究方法相同的是（）（1）探究液体内部压强与液体密度的关系 （2）用水压比作电压（
2、3）探究串联电路中电阻的规律 （4）探究物质质量与体积的关系A（1）与（3）B（1）与（4）C（2）与（3）D（3）与（4）6甲、乙、丙三根镍铬合金丝，其横截面积关系S甲S乙=S丙，长度关系为L甲=L乙L丙将它们分别接在同一电路中，则通过它们的电流大小关系是（）AI甲I乙I丙BI甲I乙=I丙CI甲I乙I丙DI甲=I乙I丙7如图所示为汽车油量表的设计电路图，其中R是一段弧形电阻，当汽车加油时，要求油量表指针指向右边，油量减少时指针回到左边则下列说法合理的是（）A加油时电路电阻变大，电压表显示变大，应将电压表设计为油量表B加油时电路电阻变小，电流表示数变大，应将电流表设计为油量表C油耗尽时总电阻变
3、小，电流表示数变大，应将电流表设计为油量表D油耗尽时总电阻变大，电压表示数变小，应将电压表设计为油量表8如图所示，两个盛有等高液体的圆柱形容器A和B，底面积不同（SASB），液体对容器底部的压强相等现将甲球浸没在A容器的液体中，乙球浸没在B容器的液体中，容器中均无液体溢出，若此时液体对各自容器底部的压力相等，则一定（）A甲球的质量大于乙球的质量B甲球的重力小于乙球的重力C甲球的体积大于乙球的体积D甲球所受浮力小于乙球所受浮力二填空题9家庭照明电路电压是伏，各用电器之间是的（选填“串联”或“并联”）；同时使用的用电器越多，电路中总电阻越10如图（a）、（b）所示，大型载重汽车要安装很多轮子、雪地
4、滑行需要穿上滑雪板等实例都是通过受力面积来压强的如图（c）所示拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的深度越大，11冰的密度为0.9103千克/米3，表示每立方米冰的质量为若1千克的冰完全熔化成水之后，质量（选填“增大”、“不变”或“减小”），密度（选填“变大”、“不变”或“变小”）12如图a质量为0.2千克的木块轻轻放入盛满水的容器，静止时浮在水面上，则木块受到浮力的大小为牛，溢出水后，容器对桌面的压力将（选填“变大”、“不变”或“变小”）；根据图b中轮船上的“吃水线”排列情况，可以判断：印度洋海水密度北大西洋海水密度（选填“大于”、“等于”或“小于”）13某导体两端的电压为12伏，10秒内通过该
5、导体横截面的电荷量为6库，通过它的电流为安，其电阻为欧当通过它的电流为0.3安时，该导体的电阻为欧14在如图1所示的电路中，当电键S闭合后，两个电流表的指针偏转至表盘的同一位置，如图2所示则通过电阻R1的电流安，通过电阻R2的电流安，电阻R1和R2的阻值之比为15在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S电路正常工作（1）一段时间后，发现电路中电流表示数变小，电压示数变大，若故障发生在电阻R1、R2上，且只有一处出现故障，则可知故障是（2）一段时间后，若发现一个表示数变大，另一个示数变小，若故障发生在电阻R1、R2上，且只有一处出现故障，则故障可能是（写完整）16为了探究“导体中电流与电
6、压的关系”，某同学利用若干节新干电池作为电源，在电路中接入不同的导体A、B进行实验，其研究过程如图所示，请仔细观察和比较图中的装置、操作和电流表的示数，然后归纳得出初步结论（1）比较图（a）和（b）两图可知：（2）比较图（a）和（c）两图可知：三、作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔17图中，重8牛的物体静止在水平面上，请用力的图示法画出桌面受到的压力18在图中，有两根导线尚未接入电路，请用笔画线代替导线补上补上后要求：闭合电键，当滑动变阻器的滑片P向右移，电压表和电流表示数均变大四计算题19浸在水中的合金块排开水的体积为3104米3，求合金块所受浮力F浮的大小
7、20在如图所示的电路中，电源电压为18伏且不变，电阻R2为15欧求电流表A2的示数I2闭合电键S时，电流表A1的示数为1.5安，求R1的电阻21在如图所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“50 2”字样闭合电键S后，电路中的电流为0.3安求电阻R1两端的电压U1求此时变阻器R2连入电路中的电阻若电流表量程不变，移动变阻器的滑片P，求出电压表示数的变化范围22如图所示，轻质薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上容器甲足够高、底面积为2S，盛有水的深度为0.3米，质量为24千克圆柱体乙的高度为0.2、底面积为S求水的体积V水求水对容器底部产生的压
8、强p水若圆柱体乙的密度为2103千克/米3，在圆柱体乙的上表面水平切去一部分，将其浸没在容器甲的水中，此时水对容器甲底部的压强等于圆柱体乙剩余部分对水平地面的压强求切去部分的高度h五实验题23如图所示，（a）仪器名称是（b）是茶壶，它是根据原理制成的在“测定物质的密度”的实验中，用（c）仪器可以测量物体的（d）为滑动变阻器，是通过改变电阻丝的来改变电路中的电阻24如如图所示是探究“串联电路中的电阻关系”的实验电路图，连接电路时，电键必须处于状态（选 填“断开”或“闭合”），电流表必须 在被测电路中（选填“串联”或“并联”）；在探究时，必须在电压（选填“相同”或“不同”）的情况下，通过观察电流表
9、的示数来判断它们对电流的阻碍作用，当电流表A1A2（选填“大于”、“等于”或“小于”）时，总结串联电路电阻的关系25在“用电流表、电压表测电阻”的实验中，电源电压9伏保持不变，所用滑动变阻器上标有“50 1A”字样（1）按图1所示连接，在合上电键前，滑片应该置于（选填“左”或“右”端）（2）正确连接电路，闭合电键S，电流表示数如图2（a）所示接着，他移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数如图2b所示，电流表的示数变化了0.06安继续移动滑片，发现电流表的最大示数为0.34安请将表格填写完整，并计算出电阻值（计算时，精确到0.1欧）物理量实验序号电压（伏）电流（安）电阻（欧）电阻的平均值（欧）123
10、0.3426某小组同学在学习了大气压强后，在阅读课外书籍时，了解到在海拔2000米以内，大气分布可以认为是均匀的同学们受到启发，对比前面所学习的液体压强知识，通过实验进一步探究液体内部压强的变化与大气压强的变化情况表一是同学们测量的水内部不同深度的压强，表二是同学们利用托里拆利实验测量不同海拔高度时，水银柱的高度，并计算出了对应的大气压强与大气压强的变化量（水密度1.0103千克/米3，空气密度1.29千克/米3，汞的密度13.6103千克/米3）表一（水内部压强） 实验序号深度（米）压强（帕）1002198003219600432940054392006549000表二（大气压强）实验序号海
11、拔高度（米）汞柱高度（毫米）汞柱变化高度变化量（毫米）大气压强（帕）大气压强变化量（帕）707600101293081275911011601339247582101027266103675731008943991148756410076153212607555100628665液体压强与大气压强的共同点：（说明一种情况即可）分析比较表一实验序号1、2、3、4、5与6数据中压强与深度的变化关系，可得出的初步结论是：分析比较实验表二序号7、8、9、10、11与12数据中大气压强与海拔高度的变化关系，可得出的初步结论是：大气压随海拔高度的增加而减小，且大气压与海拔高度（选填“能”或“不能”）成反比
12、分析比较实验序号7、8、9、10、11与12数据中大气压强的变化量与海拔高度的变化关系，可得出的初步结论是：在海拔高度2000米以内，2016-2017学年上海市青浦区九年级（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题1首先用实验测出大气压强值的科学家是（）A托里拆利B安培C伏特D阿基米德【考点】物理常识【分析】托里拆利第一次通过实验测出来大气压值，这就是著名的托里拆利实验【解答】解：历史上科学家托里拆利第一次测出了大气压值，约相当于76cmHg产生的压强故选A2下列实例中不是利用连通器原理工作的是（）A抽水机B船闸C茶壶D锅炉水位器【考点】连通器原理【分析】几个底部互相连通的容
13、器，注入同一种液体，在液体不流动时连通器内各容器的液面总是保持在同一水平面上，这就是连通器的原理【解答】解：A、抽水机是利用大气压工作的，与连通器无关，故A符合题意；B、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故B不符合题意；C、茶壶的结构是：上端开口，下部连同，即是一个连通器，故B不符合题意；D、锅炉水位计是利用连通器的原理制成的，故D不符合题意；故选A3如图所示为生活中常用的一些物品，使用时主要用来减小压强的是（）A图钉尖很尖锐B逃生锤的锤头很尖C切苹果器的刀片做的很薄D书包带较宽【考点】减小压强的方法及其应用【分析】压强的大小与压力和受力面积的大
14、小有关：减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力减小压强；在压力一定时，增大受力面积来减小压强；增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力增大压强；在压力一定时，减小受力面积来增大压强；据此分析判断【解答】解：A、图钉尖很尖锐，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，不符合题意；B、逃生锤很尖，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，不符合题意；C、切苹果器的刀片做的很薄，是在压力一定的情况下，通过减小受力面积，增大压强，不符合题意；D、书包带较宽，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积，减小压强，符合题意故选D4一瓶未打开的500毫升矿泉水，其质量约为（）A0.005千
15、克B0.05千克C0.5千克D5千克【考点】密度公式的应用【分析】首先估测出矿泉水瓶子的容积，即水的体积，然后利用密度公式计算水的质量，再对照各个选项做出判断即可【解答】解：一瓶矿泉水的体积大约500ml=500cm3，根据可得，质量大约为：m=V=1.0g/cm3500cm3=500g=0.5kg；故选C5下列事例中，运用的科学研究方法相同的是（）（1）探究液体内部压强与液体密度的关系 （2）用水压比作电压（3）探究串联电路中电阻的规律 （4）探究物质质量与体积的关系A（1）与（3）B（1）与（4）C（2）与（3）D（3）与（4）【考点】物理学方法【分析】将每一个实例进行分析，明确采用的研究
16、方法，就能找出属于同一类的选项【解答】解：（1）探究液体压强的影响因素时，必须控制液体密度（或深度），研究液体深度（或密度）对压强的影响采用的是控制变量法；（2）水压和电压都客观存在，但水压的作用能够直接观察，电压的作用不能直接观察，用能够直接感受的水压类比电压，采用的是类比法；（3）在串联电路中，两个电阻串联共同作用与一个电阻使用时产生的效果相同采用的是等效替代法；（4）探究物质质量与体积的关系时，需要保持密度一定，改变物体体积，比较质量与体积的变化规律，采用的是控制变量法故选B6甲、乙、丙三根镍铬合金丝，其横截面积关系S甲S乙=S丙，长度关系为L甲=L乙L丙将它们分别接在同一电路中，则通过
17、它们的电流大小关系是（）AI甲I乙I丙BI甲I乙=I丙CI甲I乙I丙DI甲=I乙I丙【考点】欧姆定律的变形公式；影响电阻大小的因素【分析】导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，其他条件相同时，导体越长、横截面积越小，导体的电阻越大，据此判断三根镍铬合金丝电阻之间的关系；将它们分别接在同一电路中时，它们两端的电压相等，根据欧姆定律比较通过它们的电流之比【解答】解：导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，其他条件相同时，导体越长、横截面积越小，导体的电阻越大，三根镍铬合金丝的材料相同，且S甲S乙=S丙，L甲=L乙L丙，R甲R乙R丙，I=，且它们分别接在同一电路中时两端的电压相
18、等，通过它们的电流大小关系是：I甲I乙I丙故选A7如图所示为汽车油量表的设计电路图，其中R是一段弧形电阻，当汽车加油时，要求油量表指针指向右边，油量减少时指针回到左边则下列说法合理的是（）A加油时电路电阻变大，电压表显示变大，应将电压表设计为油量表B加油时电路电阻变小，电流表示数变大，应将电流表设计为油量表C油耗尽时总电阻变小，电流表示数变大，应将电流表设计为油量表D油耗尽时总电阻变大，电压表示数变小，应将电压表设计为油量表【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的工作原理；电阻的串联【分析】加油时，要求油量表指针指向右边，即示数变大；油量减少时指针回到左边，即示数减小，符合人们的习惯分析电路的连接
19、，由油量的变化判断杠杆的转动方向，确定变阻器连入电路中电阻的大小，根据欧姆定律、串联电阻的规律和分压原理分析电流表和电压表示数的变化，据此确定正确的答案【解答】解：电路中，两电阻串联，变阻器滑片以下的电阻连入电路中，电压表测变阻器的电压，电流表测电路中的电流A、加油时，液面上升，变阻器连入电路中的电阻变小，由分压原理，电压表示数变小，不符合题中要求，不能将电压表设计为油量表，错误；B、加油时电路电阻变小，由串联电路电阻的规律，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电流表示数变大，符合题中要求，应将电流表设计为油量表，正确；C、油耗尽时，指针滑到变阻器的最上端，变阻器全部电阻连入电路中，总电阻变大，根据
20、欧姆定律，电流表示数变小，错误；D、油耗尽时，变阻器全部电阻连入电路中，总电阻变大，根据分压原理，电压表示数变大，错误故选B8如图所示，两个盛有等高液体的圆柱形容器A和B，底面积不同（SASB），液体对容器底部的压强相等现将甲球浸没在A容器的液体中，乙球浸没在B容器的液体中，容器中均无液体溢出，若此时液体对各自容器底部的压力相等，则一定（）A甲球的质量大于乙球的质量B甲球的重力小于乙球的重力C甲球的体积大于乙球的体积D甲球所受浮力小于乙球所受浮力【考点】液体的压强的计算；压强的大小及其计算【分析】（1）液体对容器底部的压强相等，SASB，根据F=PS，可判断容器A和B底部受的压力大小，因为容器
21、A和B是圆柱形，底部受的压力等于液体重力可判断出两容器液体重力大小甲球浸没在A容器的液体中，乙球浸没在B容器的液体中，液体对各自容器底部的压力相等，若漂浮或悬浮液体对各自容器底部的压力等于液体重力与球重力之和，可判断两球的质量和重力大小若下沉液体对各自容器底部的压力小于液体重力与球重力之和（2）因为放入球之前，容器A和B液相平，液体对容器底部的压强相等，根据P=gh可知，液体密度相等放入球后，压力F=PS=ghS，又压力相等，所以hS相等，即两容器液体体积与球的体积之和相等又因为因为放入球之前，容器A和B液相平，SASB可知A容器中液体体积大于B容器中液体体积即可判断两球体积大小；又因两球浸没
22、有液体中，根据阿基米德定律可判断浮力大小【解答】解：（1）液体对容器底部的压强相等，SASB，GA=FA=PSA，GB=FB=PSB，可见GAGB，放入小球后，若小球漂浮或悬浮，液体对各自容器底部的压力相等，GA+G甲=GB+G乙，因为，GAGB，所以，G甲G乙，甲的质量也小于乙的质量若小球下沉，液体对容器A底部的压力：FAGA+G甲，液体对容器A底部的压力：FBGB+G乙，虽然液体对各自容器底部的压力相等，但是，GA+G甲与GB+G乙的关系不能确定即G甲与G乙的关系也不能确定故AB错误（2）因为放入球之前，容器A和B液相平，液体对容器底部的压强相等，根据P=gh可知，A=B，放入球后，FA=
23、AghASA，FB=BghBSB，又压力相等，所以hASA=hBSB，即两容器液体体积与球的体积之和相等又因为，放入球之前，A容器液体体积大于B容器液体体积所以，甲球的体积小于乙球的体积，故C错误（3）根据阿基米德定律，两种液体密度相同，甲球和乙球都浸没在液体中，甲球的体积小于乙球的体积，所以，甲球所受浮力小于乙球所受浮力，故D正确故选D二填空题9家庭照明电路电压是220伏，各用电器之间是并联的（选填“串联”或“并联”）；同时使用的用电器越多，电路中总电阻越小【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；电阻的并联【分析】（1）我国家庭电路的电压是220V，所以在家庭电路中工作的用电器，正常工
24、作电压基本都是220V；（2）家庭电路中各用电器之间是并联的，用电器和控制本用电器的开关是串联的；（3）用电器并联相当于增大导体横截面积【解答】解：（1）我国家庭电路电压为220V；（2）家中使用的各类用电器可以单独工作，互不影响，因此它们之间的连接是并联；（3）家庭电路中，同时工作的用电器越多，横截面积越大，所以电阻就越小故答案为：220；并联；小10如图（a）、（b）所示，大型载重汽车要安装很多轮子、雪地滑行需要穿上滑雪板等实例都是通过增大受力面积来减小压强的如图（c）所示拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的深度越大，液体压强越大【考点】减小压强的方法及其应用；液体的压强的特点【分析】（1）
25、压强与压力和受力面积有关，减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力，在压力一定时，增大受力面积；增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力，在压力一定时，减小大受力面积；（2）液体内部压强与液体的密度和液体的深度有关【解答】解：如图（a）、（b）所示，大型载重汽车要安装很多轮子、雪地滑行需要穿上滑雪板等实例都是通过增大受力面积来减小压强的；由于液体内部压强与液体的密度和液体的深度有关，故拦河大坝设计成上窄下宽则是因为水的深度越大，即液体压强越大；故答案为：增大；减小；液体压强越大；11冰的密度为0.9103千克/米3，表示每立方米冰的质量为900千克若1千克的冰完全熔化成水之后，质量不变（选
26、填“增大”、“不变”或“减小”），密度变大（选填“变大”、“不变”或“变小”）【考点】密度及其特性【分析】（1）冰的密度为0.9103千克/米3，表示了冰这种物质在单位体积时的质量；（2）质量是物体本身的属性，决定于物体所含物质的多少；（3）根据水和冰的密度即可比较【解答】解：（1）冰的密度为0.9103千克/米3，其单位读作千克每立方米；表示的意思是每立方米冰的质量为900千克（2）冰化成水状态发生改变，物质多少没有变化，所以质量不变；（3）冰熔化成水后，质量不变，因为水的密度大于冰的密度，它完全熔化成水，其密度变大故答案为：900千克；不变；变大12如图a质量为0.2千克的木块轻轻放入盛满
27、水的容器，静止时浮在水面上，则木块受到浮力的大小为1.96牛，溢出水后，容器对桌面的压力将不变（选填“变大”、“不变”或“变小”）；根据图b中轮船上的“吃水线”排列情况，可以判断：印度洋海水密度小于北大西洋海水密度（选填“大于”、“等于”或“小于”）【考点】物体的浮沉条件及其应用；压力及重力与压力的区别；阿基米德原理【分析】（1）因为木块漂浮，知道木块重，利用漂浮条件求木块受到水的浮力；（2）放入木块后，烧杯底部对桌面的压力不变，根据p=分析对桌面的压强变化（3）轮船都漂浮，受到的浮力都等于轮船受到的重力；得出了受到浮力的大小关系，由载重线知道排开水的体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析河水
28、和海水密度的大小关系【解答】解：（1）因为木块漂浮，所以木块受到的浮力：F浮=G=mg=0.2kg9.8N/kg=1.96N；（2）根据漂浮浮沉条件和阿基米德原理F浮=G=G排，放入木块后，放入木块的质量等于排开水的质量，故杯子底部对水平桌面的压力不变，S不变，根据p=可知，此时烧杯底部对桌面的压强不变；（3）因为轮船漂浮，所以F浮=G，轮船受到的浮力都等于轮船受到的重力G，即：液gV排=G，设北大西洋与印度洋的海水密度1和2，轮船排开北大西洋与印度洋的海水的体积为V1、V2，因为标有W的是北大西洋载重线，标有S的是印度洋载重线，轮船排开海水的体积：V1V2，据液gV排=G可知，海水的密度关系
29、是：12故答案为：1.96；不变；小于13某导体两端的电压为12伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为6库，通过它的电流为0.6安，其电阻为20欧当通过它的电流为0.3安时，该导体的电阻为20欧【考点】欧姆定律的应用；电量及其计算【分析】（1）知道10秒内通过该导体横截面的电荷量，根据I=求出通过的电流，根据欧姆定律求出其电阻；（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关【解答】解：通过导体的电流：I=0.6A，由I=可得，导体的电阻：R=20；因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当通过它的电流为0.3安时，
30、该导体的电阻仍为20不变故答案为：0.6；20；2014在如图1所示的电路中，当电键S闭合后，两个电流表的指针偏转至表盘的同一位置，如图2所示则通过电阻R1的电流0.5安，通过电阻R2的电流2安，电阻R1和R2的阻值之比为4：1【考点】并联电路的电流规律【分析】由电路图可知，两电阻并联，电流表A2测干路电流，A1测R1支路的电流，根据并联电路的电流特点确定两电流表的量程，并根据分度值读出其大小、求出通过R2的电流根据欧姆定律的变形公式即可求出电阻R1和R2的阻值之比【解答】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A2测干路电流，A1测R1支路的电流，并联电路干路电流大于各支路电流，且两指针的位置相
31、同，A2的量程为大量程，即为03A，分度值为0.1A，干路电流I=2.5A，A1的量程为小量程，即为00.6A，分度值为0.02A，通过R1支路的电流I1=0.5A，通过R2的电流I2=II1=2.5A0.5A=2A；I=R1：R2=： =I2：I1=2A：0.5A=4：1故答案为：0.5；2；4：115在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S电路正常工作（1）一段时间后，发现电路中电流表示数变小，电压示数变大，若故障发生在电阻R1、R2上，且只有一处出现故障，则可知故障是R2断路（2）一段时间后，若发现一个表示数变大，另一个示数变小，若故障发生在电阻R1、R2上，且只有一处出现故障，
32、则故障可能是R2断路，R2短路（写完整）【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】据题意中”一段时间后，发现电路中电流表示数变小，电压示数变大，若故障发生在电阻R1、R2上”或“一段时间后，发现电路中至少有一个电表的示数变大，若故障发生在电阻R1、R2上”的知识点，结合选项逐个分析判断即可解决【解答】解：（1）电路中电流表示数变小，说明电路发生断路，电压示数变大，说明电压表的两端与电源两端相连，则故障为电阻R2发生断路；（2）若是R1短路，电压表由测量R2的电压变成测量电源电压，故电压表示数变大，而此时电路电阻会变小，故电路中的电流也会变大，故两表示数都变大，不符合题意若是R2短路，
33、电压表相当于测量导线的电压，故其示数变小；而此时电路电阻会变小，故电路中的电流会变大，符合题意；若R1断路，该电路是断路，所以电流表示数变小为零，电压表与电压两端不相连，示数为0，不符合题意；若R2断路，该电路是断路，所以电流表示数变小为零，电压表示数变大，符合题意；综上分析：故障为电阻R2断路或短路故答案为：（1）R2断路；（2）R2断路，R2短路16为了探究“导体中电流与电压的关系”，某同学利用若干节新干电池作为电源，在电路中接入不同的导体A、B进行实验，其研究过程如图所示，请仔细观察和比较图中的装置、操作和电流表的示数，然后归纳得出初步结论（1）比较图（a）和（b）两图可知：同一导体两端
34、电压越大，通过的电流也越大（2）比较图（a）和（c）两图可知：导体两端电压一定时，通过不同导体的电流也不同【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】此实验是研究电流、电压和电阻之间的关系的研究三者之间的关系时必须采用控制变量法，研究电流跟电压的关系时，必须保证电阻是一定的在研究电流跟电阻的关系时，必须保证电压是一定的【解答】解：（a）和（b）两图是研究在电阻一定的时候，电流跟电压的关系，如图电压减小，电流也在减小故结论是同一导体两端电压越大，通过它的电流越大；或同一导体两端电压越小，通过它的电流越小（b）和（c）两图是研究在电压一定时，电流跟电阻的关系如图电阻不同，电流也不同，当电压相同时
35、，通过不同导体的电流不同故答案为：（1）同一导体两端电压越大，通过它的电流越大；（2）电压相同时通过不同导体的电流不同三、作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图必须使用2B铅笔17图中，重8牛的物体静止在水平面上，请用力的图示法画出桌面受到的压力【考点】压力及重力与压力的区别【分析】画力的图示要先分析力的大小，方向和作用点，再确定标度，按照力的图示要求画出这个力【解答】解：物体静止在水平面上，压力的大小与物体的重力大小相等，即F=G=8N，方向垂直于地面向下，作用点在物体与地面的接触面的中点上；设定标度为4N，过压力的作用点，沿压力的方向画一条有向线段，使线段长度为标度的2倍，如
36、下图所示：18在图中，有两根导线尚未接入电路，请用笔画线代替导线补上补上后要求：闭合电键，当滑动变阻器的滑片P向右移，电压表和电流表示数均变大【考点】实物的电路连接；欧姆定律的应用【分析】先根据滑动变阻器的滑片P向右移时，电流表示数变大，确定滑动变阻器接入电路的电阻减小，然后根据电压表示数变大和串联电路分压的特点确定电压表测量的电路【解答】解：当滑动变阻器的滑片P向右移，电压表和电流表示数均变大，说明电压表并联在灯两端，因连入的电阻变小，滑动变阻器下面的接线柱选右边接线柱，电压表选小量程，如图所示：四计算题19浸在水中的合金块排开水的体积为3104米3，求合金块所受浮力F浮的大小【考点】浮力大
37、小的计算【分析】知道合金块排开水的体积，利用阿基米德原理求合金块受到水的浮力【解答】解：根据阿基米德原理可得，合金块所受浮力：F浮=水gV排=1.0103kg/m39.8N/kg3104m3=2.94N答：合金块所受浮力F浮的大小为2.94N20在如图所示的电路中，电源电压为18伏且不变，电阻R2为15欧求电流表A2的示数I2闭合电键S时，电流表A1的示数为1.5安，求R1的电阻【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律【分析】（1）由电路图可知，电路为R2的简单电路，电流表A2测通过R2的电流，根据欧姆定律求出电流表A2的示数；（2）闭合电键S时，R1与R2并联，电流表A
38、1测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知闭合电键前后通过R2的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R1的电阻【解答】解：由电路图可知，电路为R2的简单电路，电流表A2测通过R2的电流，根据欧姆定律可得，电流表A2的示数：I2=1.2A；闭合电键S时，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，并联电路中各支路独立工作、互不影响，闭合电键前后通过R2的电流1.2A不变，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，通过R1的电流：I1=II2=1.5A1.2A=0.3A，并联电路中各支路两端的电压相等，R1的电阻：R1=60答：电流表A2的示
39、数为1.2A；R1的电阻为6021在如图所示的电路中，电源电压为12伏且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2上标有“50 2”字样闭合电键S后，电路中的电流为0.3安求电阻R1两端的电压U1求此时变阻器R2连入电路中的电阻若电流表量程不变，移动变阻器的滑片P，求出电压表示数的变化范围【考点】欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流由欧姆定律计算电阻R1两端的电压根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据欧姆定律求出此时滑动变阻器R2连入电路的阻值先判断电流表量程，当电流最大时电阻最小，当变阻器连入阻值最大时电流最小，由串联
40、电路特点和欧姆定律计算电压表示数范围【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流由I=可得，电阻R1两端的电压：U1=IR1=0.3A10=3V；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以此时R2两端的电压：U2=UU1=12V3V=9V，R2连入电路的阻值：R2=30；由题，闭合电键S后，电路中的电流为0.3A，所以电流表使用是00.6A量程，当电路中电流最大为0.6A时，变阻器连入阻值最小，此时电路中最小电阻：Rmin=20，所以R2=RR1=2010=10，电压表的最小示数：U2min=I2R2=0.6A10=6V，当滑动变阻器连入阻值最大时，电压
41、表示数最大，由串联电路特点和欧姆定律可得电压表最大示数：U2max=R2=50=10V电压表示数的变化范围为6V10V答：电阻R1两端的电压为3V此时变阻器R2连入电路中的电阻为30若电流表量程不变，移动变阻器的滑片P，电压表示数的变化范围为6V10V22如图所示，轻质薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上容器甲足够高、底面积为2S，盛有水的深度为0.3米，质量为24千克圆柱体乙的高度为0.2、底面积为S求水的体积V水求水对容器底部产生的压强p水若圆柱体乙的密度为2103千克/米3，在圆柱体乙的上表面水平切去一部分，将其浸没在容器甲的水中，此时水对容器甲底部的压强等于圆柱体乙剩余部分对水平地
42、面的压强求切去部分的高度h【考点】密度公式的应用；压强的大小及其计算；液体的压强的计算【分析】（1）知道水的质量和水的密度，利用密度公式=计算水的体积；（2）利用液体的压强公式p=gh可求；（3）根据水对容器甲底部的压强等于圆柱体乙剩余部分对水平地面的压强条件，列方程求解【解答】解：由=可得，水的体积，V水=2.4102m3；已知h水=0.3m，水对容器底部产生的压强p水，P水=水gh水=1103kg/m310N/kg0.3m=3000Pa；由题意，水对容器甲底部的压强等于圆柱体乙剩余部分对水平地面的压强，可得P水=P乙又因为容器甲足够高、底面积为2S，圆柱体乙的高度为0.2、底面积为S，可得
43、进入甲容器水中深度增大，所以水g（h水+h/2）=乙g（h乙h）代入数据，h=0.04m答：水的体积V水为2.4102m3；水对容器底部产生的压强为3000Pa切去部分的高度为0.04m五实验题23如图所示，（a）仪器名称是U形管压强计（b）是茶壶，它是根据连通器原理制成的在“测定物质的密度”的实验中，用（c）仪器可以测量物体的质量（d）为滑动变阻器，是通过改变电阻丝的长度来改变电路中的电阻【考点】连通器原理；天平的使用；滑动变阻器的工作原理【分析】（1）实验中用压强计测量液体的压强大小；（2）上端开口、底部相连通的仪器叫连通器；（3）天平用来测量物体的质量；（4）影响电阻大小的因素：材料、长度、横截面积和温度【解答】解：如图所示，（a）仪器名称是U形管压强计（b）是茶壶，它是根据连通器原理制成的在“测定物质的密度”的实验中，用（c）仪器可以测量物体的质量（d）为滑动变阻器，是通过改变电阻丝的长度来改变电路中的电阻故答案为：U形管压强计；连通器；质量；长度24如如图所示是探究“串联电路中的电阻关系”的实验电路图，连接电路时，电键必须处于断开状态（选 填“断开”或“闭合”），电流表必须串联 在被测电路中（选填“串联”或“并联”）；在探究时，必须在电压相同（选填“相同”或“不同”）的情况下，通过观察电流表的示数
