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2023学年河南省焦作市高考冲刺押题(最后一卷)数学试卷(含解析).doc

上传人:g****t 文档编号:14397 上传时间:2023-01-06 格式:DOC 页数:16 大小:1.64MB
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资源描述

1、2023学年高考数学模拟测试卷考生须知:1全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1函数的定义域为( )ABCD2若双曲线的离心率,则该双曲线的焦点到其渐近线的距离为( )AB2CD13某公园新购进盆锦紫苏、盆虞美人、盆郁金香,盆盆栽,现将这盆盆栽摆成一排,要

2、求郁金香不在两边,任两盆锦紫苏不相邻的摆法共( )种ABCD4执行如图所示的程序框图,则输出的结果为( )ABCD5已知函数是定义在上的奇函数,函数满足,且时,则( )A2BC1D6设,则( )ABCD7已知向量,则与共线的单位向量为( )ABC或D或8已知函数,若函数的所有零点依次记为,且,则( )ABCD9若向量,则( )A30B31C32D3310已知在平面直角坐标系中,圆:与圆:交于,两点,若,则实数的值为( )A1B2C-1D-211在边长为1的等边三角形中,点E是中点,点F是中点,则( )ABCD12若集合,则ABCD二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。13已知,那么_

3、.14已知复数满足(为虚数单位),则复数的实部为_.15在ABC中,()(1),若角A的最大值为,则实数的值是_16的展开式中,项的系数是_三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17(12分)如图所示,已知正方形ABCD和矩形ACEF所在的平面互相垂直,AB,AF1,M是线段EF的中点求证:(1)AM平面BDE;(2)AM平面BDF.18(12分)已知函数,()若,求的取值范围;()若,对,都有不等式恒成立,求的取值范围19(12分)已知函数.(1)当时,解不等式;(2)当时,不等式恒成立,求实数的取值范围.20(12分)如图所示,已知平面,为等边三角形,为边上的中点,

4、且.()求证:面;()求证:平面平面;()求该几何体的体积21(12分)在四棱锥中,底面为直角梯形,分别为,的中点(1)求证:(2)若,求二面角的余弦值22(10分)在正三棱柱ABCA1B1C1中,已知AB1,AA12,E,F,G分别是棱AA1,AC和A1C1的中点,以为正交基底,建立如图所示的空间直角坐标系F-xyz.(1)求异面直线AC与BE所成角的余弦值;(2)求二面角F-BC1-C的余弦值2023学年模拟测试卷参考答案(含详细解析)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【答案解析】函数的定义域应满足 故选C.2、C【

5、答案解析】根据双曲线的解析式及离心率,可求得的值;得渐近线方程后,由点到直线距离公式即可求解.【题目详解】双曲线的离心率,则,解得,所以焦点坐标为,所以,则双曲线渐近线方程为,即,不妨取右焦点,则由点到直线距离公式可得,故选:C.【答案点睛】本题考查了双曲线的几何性质及简单应用,渐近线方程的求法,点到直线距离公式的简单应用,属于基础题.3、B【答案解析】间接法求解,两盆锦紫苏不相邻,被另3盆隔开有,扣除郁金香在两边有,即可求出结论.【题目详解】使用插空法,先排盆虞美人、盆郁金香有种,然后将盆锦紫苏放入到4个位置中有种,根据分步乘法计数原理有,扣除郁金香在两边,排盆虞美人、盆郁金香有种,再将盆锦

6、紫苏放入到3个位置中有,根据分步计数原理有,所以共有种.故选:B.【答案点睛】本题考查排列应用问题、分步乘法计数原理,不相邻问题插空法是解题的关键,属于中档题.4、D【答案解析】循环依次为 直至结束循环,输出,选D.点睛:算法与流程图的考查,侧重于对流程图循环结构的考查.先明晰算法及流程图的相关概念,包括选择结构、循环结构、伪代码,其次要重视循环起点条件、循环次数、循环终止条件,更要通过循环规律,明确流程图研究的数学问题,是求和还是求项.5、D【答案解析】说明函数是周期函数,由周期性把自变量的值变小,再结合奇偶性计算函数值【题目详解】由知函数的周期为4,又是奇函数,又,故选:D【答案点睛】本题

7、考查函数的奇偶性与周期性,掌握周期性与奇偶性的概念是解题基础6、C【答案解析】试题分析:,故C正确考点:复合函数求值7、D【答案解析】根据题意得,设与共线的单位向量为,利用向量共线和单位向量模为1,列式求出即可得出答案.【题目详解】因为,则,所以,设与共线的单位向量为,则,解得 或所以与共线的单位向量为或.故选:D.【答案点睛】本题考查向量的坐标运算以及共线定理和单位向量的定义.8、C【答案解析】令,求出在的对称轴,由三角函数的对称性可得,将式子相加并整理即可求得的值.【题目详解】令,得,即对称轴为.函数周期,令,可得.则函数在上有8条对称轴.根据正弦函数的性质可知,将以上各式相加得:故选:C

8、.【答案点睛】本题考查了三角函数的对称性,考查了三角函数的周期性,考查了等差数列求和.本题的难点是将所求的式子拆分为的形式.9、C【答案解析】先求出,再与相乘即可求出答案.【题目详解】因为,所以.故选:C.【答案点睛】本题考查了平面向量的坐标运算,考查了学生的计算能力,属于基础题.10、D【答案解析】由可得,O在AB的中垂线上,结合圆的性质可知O在两个圆心的连线上,从而可求.【题目详解】因为,所以O在AB的中垂线上,即O在两个圆心的连线上,三点共线,所以,得,故选D.【答案点睛】本题主要考查圆的性质应用,几何性质的转化是求解的捷径.11、C【答案解析】根据平面向量基本定理,用来表示,然后利用数

9、量积公式,简单计算,可得结果.【题目详解】由题可知:点E是中点,点F是中点,所以又所以则故选:C【答案点睛】本题考查平面向量基本定理以及数量积公式,掌握公式,细心观察,属基础题.12、C【答案解析】解一元次二次不等式得或,利用集合的交集运算求得.【题目详解】因为或,所以,故选C.【答案点睛】本题考查集合的交运算,属于容易题.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。13、【答案解析】由已知利用诱导公式可求,进而根据同角三角函数基本关系即可求解.【题目详解】,.故答案为:.【答案点睛】本小题主要考查诱导公式、同角三角函数的基本关系式,属于基础题.14、【答案解析】利用复数的概念与复数的除法

10、运算计算即可得到答案.【题目详解】,所以复数的实部为2.故答案为:2【答案点睛】本题考查复数的除法运算,考查学生的基本计算能力,是一道基础题.15、1【答案解析】把向量进行转化,用表示,利用基本不等式可求实数的值.【题目详解】,解得1故答案为:1.【答案点睛】本题主要考查平面向量的数量积应用,综合了基本不等式,侧重考查数学运算的核心素养.16、240【答案解析】利用二项式展开式的通项公式,令x的指数等于3,计算展开式中含有项的系数即可.【题目详解】由题意得:,只需,可得,代回原式可得,故答案:240.【答案点睛】本题主要考查二项式展开式的通项公式及简单应用,相对不难.三、解答题:共70分。解答

11、应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、(1)见解析(2)见解析【答案解析】(1)建立如图所示的空间直角坐标系,设ACBDN,连结NE.则N,E(0,0,1),A(,0),M.,.且NE与AM不共线NEAM.NE平面BDE,AM平面BDE,AM平面BDE.(2)由(1)知,D(,0,0),F(,1),(0,1),0,AMDF.同理AMBF.又DFBFF,AM平面BDF.18、();().【答案解析】()由题意不等式化为,利用分类讨论法去掉绝对值求出不等式的解集即可;()由题意把问题转化为,分别求出和,列出不等式求解即可【题目详解】()由题意知,若,则不等式化为,解得;若,则不等式化为,解得,

12、即不等式无解;若,则不等式化为,解得,综上所述,的取值范围是;()由题意知,要使得不等式恒成立,只需,当时,因为,所以当时,即,解得,结合,所以的取值范围是.【答案点睛】本题考查了绝对值不等式的求解问题,含有绝对值的不等式恒成立应用问题,以及绝对值三角不等式的应用,考查了分类讨论思想,是中档题含有绝对值的不等式恒成立应用问题,关键是等价转化为最值问题,再通过绝对值三角不等式求解最值,从而建立不等关系,求出参数范围.19、(1); (2).【答案解析】(1)分类讨论去绝对值,得到每段的解集,然后取并集得到答案.(2)先得到的取值范围,判断,为正,去掉绝对值,转化为在时恒成立,得到,在恒成立,从而

13、得到的取值范围.【题目详解】(1)当时,由,得,即,或,即,或,即,综上:或,所以不等式的解集为.(2),因为,所以,又,得.不等式恒成立,即在时恒成立,不等式恒成立必须,解得.所以,解得,结合,所以,即的取值范围为.【答案点睛】本题考查分类讨论解绝对值不等式,含有绝对值的不等式的恒成立问题.属于中档题.20、()见解析; ()见解析; ().【答案解析】(I)取的中点,连接,通过证明四边形为平行四边形,证得,由此证得平面.(II)利用,证得平面,从而得到平面,由此证得平面平面.(III)作交于点,易得面,利用棱锥的体积公式,计算出棱锥的体积.【题目详解】()取的中点,连接,则,故四边形为平行四边形.故.又面,平面,所以面.()为等边三角形,为中点,所以.又,所以面.又,故面,所以面平面.()几何体是四棱锥,作交于点,即面,.【答案点睛】本小题主要考查线面平行的证明,考查面面垂直的证明,考查四棱锥体积的求法,考查空间想象能力,所以中档题.21、(1)见解析(2)【答案解析】(1)由已知可证明平面,从而得证面面垂直,再由,得线面垂直,从而得,由直角三角形得结论;(2)以为轴建立空间直角坐标系,用空间向量法示二面角【题目详解】(1)证明:连接,平面平面,平面平面,为的中

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