1、上海市复旦附中2023年届高三数学上学期9月综合练习试题一（含解析）一、填空题1.在的展开式中，的系数为_（用数字作答）【答案】40【解析】因为的展开式的通项为，令，所以的系数为.2.已知全集，集合，那么=_【答案】x|0x2【解析】【分析】根据补集与交集的定义计算即可【详解】全集UR，集合Ax|x2，Bx|x0x|x0，那么AUBx|0x2故选：x|0x2【点睛】本题考查了集合的化简与运算问题，是基础题3.函数的定义域是_【答案】（，）【解析】【分析】根据题意列出使函数有意义的不等式，求出解集即可【详解】函数y，6x20，解得，定义域是（，）故答案为：（，）【点睛】本题考查了求函数定义域及一
2、元二次不等式的解法问题，是基础题4.函数的反函数是_【答案】y，（x0）【解析】【分析】求反函数，第一步从原函数式中反解出x，第二步互换x，y，最后确定反函数的定义域【详解】由得，x，y0，+），所以函数的反函数是y，（x0）故答案为：y，（x0）【点睛】本题主要考查了反函数的求法，求解时，一定要注意反函数的定义域的确定，属于基础题5.不等式的解集是，则不等式的解集为_【答案】x|2x【解析】【分析】由题意利用一元二次方程根与系数的关系可得 a0，且3，3，由此化简要求的不等式为 3x2+5x20，从而求出它的解集【详解】不等式ax2+bx+c0的解集是，a0，且3，3，b0，c0，不等式cx
3、2+bx+a0，即 x20，即 x20，即 3x2+5x20，求得它的解集为 x|2x，故答案为：x|2x【点睛】本题主要考查一元二次不等式的解法，一元二次方程根与系数的关系，属于基础题6.若集合，且，则实数的值为_【答案】0，【解析】分析：通过解方程求出集合的元素，然后根据，讨论集合的可能性为空集和不为空集，最后分别求出每一种情形下的取值即可详解：当时，则当时，要使，则，解得点睛：本题主要考查了集合的包含关系判断及应用，本题体现了分类讨论的思想方法，属于基础题.7.若函数yx23x4的定义域为0，m，值域为，则m的取值范围是【答案】；【解析】【分析】作出函数的图象，由图象可得函数取值在上的x
4、的范围，由题函数的定义域为0，m，即可得解【详解】解：函数yx23x4的图象如图，当x时，函数有最小值，当x0或x3时函数值为4，原题给出函数的定义域为0，m，所以，从图象中直观看出，故答案为点睛】本题考查了二次函数的图象，考查了函数的值域，考查了数形结合思想，准确作出函数图象是解题的关键，此题是基础题8.已知对于任意的恒成立，则的取值范围是_【答案】3，1【解析】【分析】根据题意可转化为a2+2a+2的最小值问题，然后利用导数求出函数的单调性与最小值即可得答案【详解】根据题意化简得：a2+2a+2对任意x（1，+）恒成立，令f（x），f（x）令f（x）0x3或1（舍负）令f（x）0x3；令f
5、（x）01x3；x3时函数f（x）取得最小值且f（3）5；a2+2a+25，化简得：a2+2a30，即（a1）（a+3）0，解得3a1故答案为：3，1【点睛】本题考查了利用导数研究函数单调性问题，以及极值与最值问题，属于中档题9.设关于x的不等式axb0的解集为x|x1，则关于x的不等式0的解集为_.【答案】【解析】由题意可知,不等式的解集为.10.已知函数满足，且，则该函数的定义域是_【答案】（，3）（3，+）【解析】【分析】由4x29y236求得y，再由xy0得到关于x的不等式组，求解得答案【详解】由4x29y236，得，由，解得x3；由，解得x3函数yf（x）的定义域为（，3）（3，+）
6、故答案为：（，3）（3，+）【点睛】本题考查函数定义域及其求法，正确理解函数概念是关键，是中档题11.设是有理数，集合，在下列集合中：；与相等的集合的序号是_【答案】【解析】【分析】本题主要考查集合相等的证明方法：双包含，由此对各序号依次分析判断.【详解】设对应的集合分别为A，B，C，D，则对于：xX，设，则，而，从而xA，故XA，反过来，X，故AX，从而AX；对于：xX，设，令 ，则可得，从而am+2bn2，an+bm0，解得，且m，nQ，从而xB，故XB，反过来，故BX，从而BX；对于：取，则x1+x20X，从而C不是X的子集，故CX；对于：xX，设，则，取，则xD，即XD，反过来x1，x
7、2X时，x1x2X，故DX，故DX综上，正确，故答案为：【点睛】本题考查集合的运算，尤其是集合相等，需要将两个集合中的元素相互转化为彼此的形式结构，借助双包含来证明或举反例，可借助待定系数法12.设集合，若非空集合同时满足，（其中表示中元素的个数，表示集合中最小元素），称集合为的一个好子集，的所有好子集的个数为_.【答案】【解析】【分析】对的取值为、进行分类讨论，列举出在在对应取值下集合，由此得出符合条件的集合的个数.【详解】由题意可知，的取值为、.（1）当时，则；（2）当时，则符合条件的集合有：、，共个；（3）当时，则符合条件的集合有：、，共个；（4）当时，则符合条件的集合有：、，共个；（5
8、）当时，则符合条件的集合为.综上所述，的所有好子集的个数为.故答案为：.【点睛】本题考查符合集合新定义的集合个数，解题时要明确题中集合的定义，采用列举法列举出符合条件的集合，考查分类讨论思想的应用，属于中等题.二、选择题13.已知实数、满足，那么“”是“”成立的（ ）A. 必要不充分条件B. 充分不必要条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】由，可得出，由可知，然后再根据已知条件以及逻辑性关系推导出两者间的充分不必要条件关系.【详解】，若，则必有，由，可得出，则；另一方面，若，且，则，事实上，若，则.则.因此，“”是“”成立的充分不必要条件.故选：B.【点睛】
9、本题考查充分不必要条件的判断，同时也考查了不等式性质的应用，考查逻辑推理能力，属于中等题.14.已知原命题“如果，那么关于不等式的解集为”，那么原命题、逆命题、否命题和逆否命题是假命题的共有（ ）A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个【答案】B【解析】【分析】根据四种命题之间的关系利用逆否命题的真假关系进行判断即可【详解】若不等式（a24）x2+（a+2）x10的解集为”，则根据题意需分两种情况：当a240时，即a2，若a2时，原不等式为4x10，解得x，故舍去，若a2时，原不等式为10，无解，符合题意；当a240时，即a2，（a24）x2+（a+2）x10的解集是空集，解得2a，综上得，实
10、数a的取值范围是2，则当1a1时，命题为真命题，则命题的逆否命题为真命题，反之不成立，即逆命题为假命题，否命题也为假命题，故它的逆命题、否命题、逆否命题及原命题中是假命题的共有2个，故选：B【点睛】本题考查了二次不等式的解法，四种命题真假关系的应用，考查了分类讨论与转化思想15.已知平面截一球面得圆，球中过小圆心的直径为，过点且与成角的平面截该球面得圆，若该球的半径为4，圆的面积为，则圆的面积为（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】分析】先求出圆M的半径，然后根据勾股定理求出OM的长，找出线面角，从而求出ON的长，最后利用垂径定理即可求出圆N的半径，从而求出面积【详解】圆M的面积为4
11、，圆M的半径为2，根据勾股定理可知OM2，过点且与成角的平面截该球面得圆， OMN30，在直角三角形OMN中，ON2，圆N的半径为，圆N的面积为：13故选：D【点睛】本题考查二面角的平面角，以及球的截面问题，同时考查空间想象能力，分析问题解决问题的能力，属于中档题16.已知函数的反函数为，则函数的值域是（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】依题意，求得f1（x），（x1，4），进而得到f1（x）2+f1（2x）的解析式及定义域，利用单调性，可得y的值域【详解】依题意，f1（x），（x1，4），所以函数yf1（x）2+f1（2x）x，其中x满足，即1x2，又yx为1，2上的增函
12、数，所以函数yf1（x）2+f1（2x）的值域是1，4，故选：C【点睛】本题考查了简单函数的反函数的求法，函数的定义域，值域，属于基础题解题时注意定义域优先的原则三、解答题17.设函数的定义域为集合，函数的定义域为集合，已知：，：满足，且是的充分条件，求实数的取值范围【答案】（，6）【解析】【分析】先解不等式x2x20得集合A，再解不等式可得集合B，从而可得AB，再解不等式2x+p0得集合C，由是的充分条件得ABC，由集合间的包含关系可得p的取值范围【详解】依题意，得Ax|x2x20（，1）（2，+），于是可解得AB（2，3设集合Cx|2x+p0，则由于是的充分条件，所以ABC则须满足所以，实
13、数p的取值范围是（，6）【点睛】本题考查了充分条件的判断与集合的关系，训练了解不等式的能力，解题时要把握推理方向，准确运算18.已知函数（1）（2）【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）利用该函数的被开方数大于等于零得出该函数有意义需满足的不等式，结合恒成立问题得出字母m满足的不等式；（2）通过配方法将函数的被开方数写成二次函数的顶点式，求出y的最小值为f（m），借助m的范围求出f（m）的值域【详解】（1）依题意，当xR时，mx26mx+m+80恒成立当m=0时，xR；当m0时，即解之得0m1，故实数m的取值范围0m1（2）当m=0时，y=2；当0m1，y=ymin=因此，f（m）=（0m1），易得088m8f（m）的值域为0，2【点睛】解本题的关键是处理二次函数问题，对于二次函数的研究一般从以几个方面研究：一是，开口；二是，对称轴，主要讨论对称轴与区间的位置关系；三是，判别式，决定于x轴的交点
