1、2023学年高考数学模拟测试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并
2、交回。一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1祖暅原理：“幂势既同，则积不容异”.意思是说：两个同高的几何体，如在等高处的截面积恒相等，则体积相等.设、为两个同高的几何体，、的体积不相等，、在等高处的截面积不恒相等.根据祖暅原理可知，是的（ ）A充分不必要条件B必要不充分条件C充要条件D既不充分也不必要条件2设双曲线（a0,b0）的右焦点为F，右顶点为A,过F作AF的垂线与双曲线交于B,C两点，过B,C分别作AC，AB的垂线交于点D若D到直线BC的距离小于，则该双曲线的渐近线斜率的取值范围是 （ ）ABCD3等比数列的前项和为，若
3、，则（ ）ABCD4函数的图象可能是下面的图象( )ABCD5已知分别为双曲线的左、右焦点，点是其一条渐近线上一点，且以为直径的圆经过点，若的面积为，则双曲线的离心率为（ ）ABCD6百年双中的校训是“仁”、“智”、“雅”、“和”.在2019年5月18日的高三趣味运动会中有这样的一个小游戏.袋子中有大小、形状完全相同的四个小球，分别写有“仁”、“智”、“雅”、“和”四个字，有放回地从中任意摸出一个小球，直到“仁”、“智”两个字都摸到就停止摸球.小明同学用随机模拟的方法恰好在第三次停止摸球的概率.利用电脑随机产生1到4之间（含1和4）取整数值的随机数，分别用1，2，3，4代表“仁”、“智”、“雅
4、”、“和”这四个字，以每三个随机数为一组，表示摸球三次的结果，经随机模拟产生了以下20组随机数：141 432 341 342 234 142 243 331 112 322342 241 244 431 233 214 344 142 134 412由此可以估计，恰好第三次就停止摸球的概率为（ ）ABCD7已知复数满足，则的最大值为（ ）ABCD68已知直线与圆有公共点，则的最大值为（ ）A4BCD9达芬奇的经典之作蒙娜丽莎举世闻名.如图，画中女子神秘的微笑，数百年来让无数观赏者人迷.某业余爱好者对蒙娜丽莎的缩小影像作品进行了粗略测绘，将画中女子的嘴唇近似看作一个圆弧，在嘴角处作圆弧的切线，
5、两条切线交于点，测得如下数据：（其中）.根据测量得到的结果推算：将蒙娜丽莎中女子的嘴唇视作的圆弧对应的圆心角大约等于（ ）ABCD10甲乙两人有三个不同的学习小组， ， 可以参加，若每人必须参加并且仅能参加一个学习小组，则两人参加同一个小组的概率为（ ）A B C D11在中，分别为所对的边，若函数有极值点，则的范围是（ ）ABCD12我国古代数学著作九章算术中有如下问题：“今有器中米，不知其数，前人取半，中人三分取一，后人四分取一，余米一斗五升(注：一斗为十升).问，米几何？”下图是解决该问题的程序框图，执行该程序框图，若输出的S=15(单位：升)，则输入的k的值为（ ）A45B60C75D
6、100二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13设双曲线的一条渐近线方程为，则该双曲线的离心率为_.14设定义域为的函数满足，则不等式的解集为_15已知双曲线的右准线与渐近线的交点在抛物线上，则实数的值为_.16甲、乙、丙、丁四名同学报名参加淮南文明城市创建志愿服务活动，服务活动共有“走进社区”、“环境监测”、“爱心义演”、“交通宣传”等四个项目，每人限报其中一项，记事件为“4名同学所报项目各不相同”，事件为“只有甲同学一人报走进社区项目”，则的值为_.三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17（12分）已知矩形中，E，F分别为，的中点.沿将矩形折起，使，如图
7、所示.设P、Q分别为线段，的中点，连接.（1）求证：平面；（2）求二面角的余弦值.18（12分）在平面直角坐标系中，曲线的参数方程为：（为参数），以为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为：.（1）求曲线的极坐标方程和曲线的直角坐标方程；（2）若直线与曲线交于，两点，与曲线交于，两点，求取得最大值时直线的直角坐标方程.19（12分）如图，已知抛物线：与圆： （）相交于， ， ，四个点，（1）求的取值范围；（2）设四边形的面积为，当最大时，求直线与直线的交点的坐标.20（12分）如图，在四面体中，.（1）求证:平面平面；（2）若，求四面体的体积.21（12分）已知数列和满足：.（
8、1）求证:数列为等比数列；（2）求数列的前项和.22（10分）如图，在中，点在上，.（1）求的值；（2）若，求的长.2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【答案解析】由题意分别判断命题的充分性与必要性，可得答案.【题目详解】解：由题意，若、的体积不相等，则、在等高处的截面积不恒相等，充分性成立；反之，、在等高处的截面积不恒相等，但、的体积可能相等，例如是一个正放的正四面体，一个倒放的正四面体，必要性不成立，所以是的充分不必要条件，故选：A.【答案点睛】本题主要考查充分条件、必要条件
9、的判定，意在考查学生的逻辑推理能力.2、A【答案解析】由题意,根据双曲线的对称性知在轴上，设，则由得：，因为到直线的距离小于，所以，即，所以双曲线渐近线斜率，故选A3、D【答案解析】试题分析：由于在等比数列中，由可得：，又因为，所以有：是方程的二实根，又，所以，故解得：，从而公比；那么，故选D考点：等比数列4、C【答案解析】因为，所以函数的图象关于点（2,0）对称，排除A，B当时，所以，排除D选C5、B【答案解析】根据题意，设点在第一象限，求出此坐标，再利用三角形的面积即可得到结论.【题目详解】由题意，设点在第一象限，双曲线的一条渐近线方程为，所以，又以为直径的圆经过点，则，即，解得，所以，即
10、，即，所以，双曲线的离心率为.故选：B.【答案点睛】本题主要考查双曲线的离心率，解决本题的关键在于求出与的关系，属于基础题.6、A【答案解析】由题意找出满足恰好第三次就停止摸球的情况，用满足恰好第三次就停止摸球的情况数比20即可得解.【题目详解】由题意可知当1，2同时出现时即停止摸球，则满足恰好第三次就停止摸球的情况共有五种：142，112，241，142，412.则恰好第三次就停止摸球的概率为.故选：A.【答案点睛】本题考查了简单随机抽样中随机数的应用和古典概型概率的计算，属于基础题.7、B【答案解析】设，利用复数几何意义计算.【题目详解】设，由已知，所以点在单位圆上，而，表示点到的距离，故
11、.故选：B.【答案点睛】本题考查求复数模的最大值，其实本题可以利用不等式来解决.8、C【答案解析】根据表示圆和直线与圆有公共点，得到，再利用二次函数的性质求解.【题目详解】因为表示圆，所以，解得，因为直线与圆有公共点，所以圆心到直线的距离，即 ，解得，此时， 因为，在递增，所以的最大值.故选：C【答案点睛】本题主要考查圆的方程，直线与圆的位置关系以及二次函数的性质，还考查了运算求解的能力，属于中档题.9、A【答案解析】由已知，设可得于是可得，进而得出结论【题目详解】解：依题意，设则，设蒙娜丽莎中女子的嘴唇视作的圆弧对应的圆心角为则，故选：A【答案点睛】本题考查了直角三角形的边角关系、三角函数的
12、单调性、切线的性质，考查了推理能力与计算能力，属于中档题10、A【答案解析】依题意，基本事件的总数有种，两个人参加同一个小组，方法数有种，故概率为.11、D【答案解析】试题分析：由已知可得有两个不等实根.考点：1、余弦定理；2、函数的极值.【方法点晴】本题考查余弦定理，函数的极值，涉及函数与方程思想思想、数形结合思想和转化化归思想，考查逻辑思维能力、等价转化能力、运算求解能力，综合性较强，属于较难题型. 首先利用转化化归思想将原命题转化为有两个不等实根，从而可得.12、B【答案解析】根据程序框图中程序的功能，可以列方程计算【题目详解】由题意，故选：B.【答案点睛】本题考查程序框图，读懂程序的功
13、能是解题关键二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13、【答案解析】根据渐近线得到，计算得到离心率.【题目详解】，一条渐近线方程为：，故，.故答案为：.【答案点睛】本题考查了双曲线的渐近线和离心率，意在考查学生的计算能力.14、【答案解析】根据条件构造函数F（x），求函数的导数，利用函数的单调性即可得到结论【题目详解】设F（x），则F（x），F（x）0，即函数F（x）在定义域上单调递增，即F（x）F（2x），即x1不等式的解为故答案为：【答案点睛】本题主要考查函数单调性的判断和应用，根据条件构造函数是解决本题的关键15、【答案解析】求出双曲线的渐近线方程，右准线方程，得到交点坐标代入
14、抛物线方程求解即可【题目详解】解：双曲线的右准线，渐近线，双曲线的右准线与渐近线的交点，交点在抛物线上，可得：，解得故答案为【答案点睛】本题考查双曲线的简单性质以及抛物线的简单性质的应用，是基本知识的考查，属于基础题16、【答案解析】根据条件概率的求法，分别求得，再代入条件概率公式求解.【题目详解】根据题意得所以故答案为：【答案点睛】本题主要考查条件概率的求法，还考查了理解辨析的能力，属于基础题.三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）证明见解析（2）【答案解析】(1) 取中点R，连接，,可知中,且,由Q是中点,可得则有且,即四边形是平行四边形,则有,即证得平面. (2) 建立空间直角坐标系,求得半平面的法向量: ,然后利用空间向量的相关结论可求得二面角的余弦值.【题目详解】（1）取中点R，连接，则在中，且，又Q是中点，所以，而且，所以，所以四边形是
