1、嚣蹦j!鞠毅缺患鸿睡粹搬晋通高等学校招生全国统-考试理科综台模拟试卷（）.c解析本题考查生物膜的结构与功能生物膜上既可以发生ATP的水解,也可以发生ATP的合成如细胞膜在以主动运输的方式运输物质时需要水解ATP释放能三,而线粒体内膜进行有氧呼吸第三阶段时能合成ATP,A正确生物膜上蛋白质的分布是不对称的B正确;日十绿体中类襄体薄膜上色素的作用是吸收传递和转换光能,但没有催化作用,C错误主动运输多数胃况下是逆浓度梯度运输但也存在顶浓度梯度运输的实例因此主动运输的方向与浓度无关但需要细胞膜上载体蛋白的参与,D正确。2B解析本题考查关于细胞衰老的端粒学说的内容。根据题意端粒酶以RNA为模板催化合成D
2、NA因此端粒酶是逆转录酶,这也说明逆转录酶不是仅存在于某些RNA病毒中,A正确合成端粒的模板是RNA,合成染色体DNA的模板是DNA,二者模板不同,故端粒无法在染色体DNA复制时连续合成B错误根据题意端粒与细胞的分裂能力有关,因此研究端粒对研究癌症的发病机理和癌症的治疗有积极的意义,C正确;根据题意当端粒不再缩短时,细胞将无法再分裂,而造血干细胞能持续分裂,说明该细胞中的端粒酶可能是有活性的!D正确。关键点拨B项中的关键词是四川A复制遇调端粒的合成与甫;染色体DNA的合成是个连续迸符的壳整迂程然而根据题意,端粒的台成是逆转录过程显然不是在染色体DNA复制时连续合成的3C解析本题以吸烟为背景,考
3、查兴奋在突触处的传递根据题意并结合乙酞胆碱是兴奋性神经递质可知吸烟能“提神跟尼古丁与Z酚胆碱受体相结合有关,A正确由于吸烟者大脑中的神经细胞表面Z酚胆碱受体数量减少旦不吸烟,会导致兴奋在突触处的传递能力下降进而导致负面情绪的产生,B正确尼古丁与乙酚胆碱受体结合后虽然也能引起神经产生兴奋但尼古丁会导致乙酚胆碱的受体数呈下降,因而会影响兴奋的传递,C错误;根据题意,尼古丁可以与突触后膜的乙酚胆碱受体结合,引起神经系统的兴奋性,因此合理地使用尼古丁可以治疗某些神经系统的疾病,D正确易错灌示本题易将C项误判为正确,原因是将香烟的“提神与乙酚胆碱传递兴奋混为谈。实际上二者是有本质区另的乙酚胆碱传递兴奋后
4、会被灭活,且不会影响下次兴奋的传递而尼古丁不会被灭活,且会因为导致乙酚胆碱受体数量下降而影晌p喀、p喀j喀;、呼晶钟下次的兴奋传递。4.解析本题综合考查病毒的核酸及其对免疫的影晌ASFV是病毒不能独立生活要寄生在宿主细胞中,利用宿主细胞的细胞结构及原料等来合成自身的蛋白质外壳,A正确;ASFV的核酸是DNA猪的核酸是DNA和RNA,二者彻底水解的产物不完全相同,B错误根据碱基互补配对原贝,ASFV的DNA条链上的票岭数等于另条链上的密陡数,但两条链上的票玲数不定相等,C错误根据题意可知,ASFV的基因主要在猪的吞噬细胞中复制,吞噬细胞是其重要的宿主细胞由于吞噬细胞既参与非特异性免疫,又参与特异
5、性免疫故当ASFV破坏吞噬细胞日寸,不仅会影响猪的非特异性免疫也会影响其特异生免疫,D错误D刷盲所得初步水解产物和彻底水解产物的区别B解析本题考查基因分离定律的应用和基因在染色体上位置的判断。根据思路分析中的遗传图解可知无论Aa位于常染色体上,还是仅位于X染色体上,又或是位于XY染色体同源区段上,F2灰身果蝇与黑身果蝇的比例均为3:1ACD错误当Aa位于常染色体上时,F2中雄性和雌生个体的生状分离比相同,当Aa仅位于X染色体上,F2中雄性个体出现黑身,雌性个体全为灰身,因此可以通过统计F2雄性和雌性个体的性状分离比,半定Aa是位于常染色体上,还是仅位于X染色体上B正确。思路分析】解答关于等位基
6、因在染色体上位置的问题,解题思路为o先假设种可能性如假设基因在常染色体上按照假;甫设内容,画遗传图解得出后代的表现型;再假设另种可能;、性画出遗传图解对比画出的遗传图解,找出后代表现型上的区别按照若后代表现型为.2.,则基因位于.染色体上的格式写出结果和结论本题;中的遗传图解为:丫PAA9aadPXAXAX凰YF【Aa;F1XAXaXAYF2AA:Aa:aa沪.;F2XAXAXAXaXAYXaY1:2:1灰?灰9灰d黑d灰:黑3:1灰;黑3:1闭PXAXAXaYFXAX碘XAYF2XAXAXAXaXAYaXaYa翻;?L丁（T;灰?灰?灰d黑d哼毛电、萨、轴!、扩;i灰:黑3:l6.解析本题考
7、查群落的演替。根据题意,由于顶极群落中的物种更多生物关系更复杂,因此,顶极群落的结构层次更复杂、物种丰富度和抵抗力稳定性更高BD正确演替中的群落的有机物总生产量大于呼吸消耗量,二者的比值大于1,C正确;二者的差值表示有机物积累呈而顶极群落的有机物生产与呼吸消耗达至平衡,单位时间内有机物积累呈比演替中的群落少,A错误7.解析本题考查化学在生产生活中的应用热的纯碱溶液显碱性能使油脂类（酷类）油污水解形成可溶于水的物质,可用于洗涤油脂类油污但汽油柴油（主要成分为烃类）等油污在碱性溶液中不能发生水解,故热的纯碱溶液不能用于洗涤汽油柴油等油污,故A正确纤维素属干多糖,但在人体内不能水解故B错误制作普通玻
8、璃的原料为纯碱石灰石和石英,故C错误;通常用乙烯的产呈衡量个国家的石油化工发展水平故D错误7卷.DNARNA蛋白质初步水解产物四种脱氧核昔酸四种核糖核昔酸多肤彻底水解产物磷酸脱氧核糖A、G（T四种碱基磷酸,核糖,AG、CU四种碱基氨基酸8B解析本题考查阿伏加德罗常数的应用H2中不含中子,2.0gD2中所含中子数为A,故2.0gH2与D2的混合物中所含中子数定小干A,A错误;甲醛与葡萄糖的最简式均为CH2O,30g甲醛与葡萄糖的混合物中含有1molCH2O,贝所含氧原子数目为VA,B正确未指明是否处于标准状况,不定为22.4L。moll,无法通过气体体积计算CO2的物质的量,C错误;二氧化锰只能
9、与浓盐酸反应,不能与稀盐酸反应,lmolHCl完全反应转移05mol电子l00mLl2molL盐酸中HCl的物质的量为l.2mol且不能完全反应,则转移的电子的物质的量小于0.6mol,即转移电子数小于0.6A,D错误。易错警示（1）注意标准状况常温常压等外界条件标准状况下非气态物质有H2OSO3、戊烷、CHCl3等;物质的质量摩尔质量微粒个数不受外界条件的影晌（2）注意物质的组成和结构特殊物质中所含微粒的数目;物质中所含化学键的数目;最简式相同的物质中的微粒数目摩尔质量相同的物质中的微粒数目等（3）注意氧化还原反应中电子的转移分析该类题目时还要注意反应产物以及过量计算问题（4）注意弱电解质的
10、电离、盐类的水解。（5）注意些特殊的反应;如二氧化氮和四氧化二氮之间存在相互转化,合成氨等可逆反应9.C解析本题考查化学实验的基本操作FeClj易水解生成氢氧化铁,且产生H,加入Mg（OH）2粉末与H反应促进铁离子的水解,且不弓入新的杂质,故A能达至实验目的不符合题意;氯化镁在溶液中易水解水解生成的HCl易挥发,若将MgCl2溶液加热蒸干!最终得不至无水氯化镁应该在氯化氢气流中加热MgCl2溶液市取无水氯化镁,故B能达到实验目的,不符合题意CO2和SO2均能与饱和碳酸钠溶液反应不能除杂!应选饱和碳酸氢钠溶液洗气故C不能达到实验目的,符合题意;将两份大小相同的钠分别投入盛有水和Z醇的烧杯中,可根
11、据反应的剧烈程度比较分子中轻基氢的活泼性故D能达到实验目的,不符合题意。0OB解析本题考查元素及其化合物的性质。W、XYZ为原子序数依次增大的短周期主族元素,W原子核外电子总数与X原子次外层的电子数相同!贝X为第三周期元素,W的核外电子总数为8则W为O元素Y所在周期数与族序数相同且原子序数大于X为第三周期第A族元素,则Y为Al元素Z与W同族,则Z为S元素;X位于第三周期且原子序数小干Al,则为Na或Mg元素。同周期主族元素从左至右非金属性逐渐增强伺主族元素从上到下非金属性逐渐减弱则元素的非金属性由强至弱的）顶序应为WZYX,故A错误;同周期主族元素从左到右原子半径逐渐减同主族元素从上至下原子半
12、径逐渐增大,则4种元素中X的原子半径最大故B正确Y为Al最高价氧化物对应的水化物为氢氧化铝为两生氢氧化物,能与NaOH溶液反应,故C错误;Z为S其氧化物为SO2或SO3,均不能使紫色石蕊溶液褪色,故D错误。刷盲所得元素推断题的突破点;o元素的存在:如形成化合物种类最多的元素地壳中含量最多的（金属）元素在周期表中位置;如最高价与最低价代数和等于02等,周期数等于族序数或周期数是族序数的倍等;o原子结构知识:如最外层电子数是次夕卜层的3倍离子的电子层结构相同等;元素的性质如短周期中原子半径最大或气态氢化物最稳定的元素等相关化合物性质及用途如氢化物能蚀亥玻璃氢化物可用作制冷剂最高价氧化物对应水化物的
13、酸性最强三种元素最高价氧化物对应的水化物两两之间皆能反应等。0.D解析本题考查有机物的结构及有关性质。根据结构简式可知,X的分子式为ClH2O3,故A正确;苯环对位上的两个碳原子以及与这两个碳原子直接相连的碳原子位于条直线上故X分子中最多有4个碳原子共线故腮王确;x分子中含有碳碳双键和苯环,能发生加成反应,含有碳碳双键能发生加聚反应,苯环上氢原子、醇轻基梭基能发生取代反应碳碳双键、醇轻基能发生氧化反应故C正确;lmol苯环能与3mol氢气发生加成反应,lmol碳碳双键能与lmol氢气发生加成反应,则在催化剂的作用下,lmolX最多能与4molH2发生加成反应,故D错误2D解析A项,由于阳极发生
14、的是Ni失去电子生成Nj2的反应,所以膜a使用阳离子膜室中的H2POI进入室,所以膜b使用阴离子膜,室中发生的是H2O电离出的H放电生成H2的反应,由于溶液呈电中性,所以室中的Na进入室,即膜c使用阳离子膜错误B项,NaH2PO2溶液加入至室,室为产品室!错误;C项!I室进入I室的为Ni和H室进入室的为Na,总数不等,错误;D项,由得失电子守恒可知:2网（Ni）4（O2）2n（H2）正确关键点拨由制备Ni（H2PO2）2可知Ni2要通过膜a进入室）所以可知膜a是阳离子膜H2POr要通过膜b进入室所以膜b是阴离子膜,而阴极发生的是得到电子的还原反应,所以室产生大量的OH!为保证溶液呈电中性,则室
15、中的Na会进入室,即膜c是阳离子膜03.B解析本题考查酸碱中和滴定及溶液中的守恒关系点O对应的溶液中溶质CH3COONa与CHjCOOH的物质的三之比为1:1,存在电荷守恒c（Na）c（H）c（OH）c（CH3COO）,物料守恒:2c（Na）c（CHjCOOH）c（CHCOO）,联立可得c（CH3COO）-c（CH3COOH）2C（H）-2c（OH）,A错误;点处溶液pH7即c（H）c（OH）由电荷守恒知c（Na）c（H）c（CH3COO）c（OH）则C（Na）c（CH3COO）溶液中溶质为大量CH3COONa和少呈CH3COOH,水解和电离程度微弱故c（Na）c（CH3COO）c（H）c（O
16、H）,B正确点O处两种溶液恰好完全反应生成CH3COONa即滴定的理论终点,因CHjCOO水解使溶液呈碱性,甲基橙的变色范围为3.14.4!不能选择甲基橙作指示剂,应该选用酚酞作指示剂,C错误;溶液中只存在CHCOO、H、OHNa四种离子若c（CHCOO）c（H）且c（OH）c（Na）则电荷不守恒,D错误万法拒展溶液中离子浓度大小比较的方法:o先确定溶液中的溶质成分及各自物质的量浓度大小;写出电离方程式、水解方程式,找出溶液中存在的离子o依据电离和水解程度的相对大小结合电荷守恒和物料守恒比较离子浓度大小04A解析本题考查核聚变反应及半衰期。根据质量数和电荷数守恒可知,X粒子质呈数为4,电荷数为
17、2为1He,选项A正确半衰期是放射性元素的固有性质,温度不能改变放射性元素的半衰期选项B错误经过2T时间即!Be经历了两个半衰期剩余的!B筐的质量为开始时的,选项c镭误.核燃烧的核反应是轻核聚变反应,选项D错误易错警示本题的易错点为对半衰期的认识不全面半衰期为统计规律,不受粒子存在状态和所处环境温度影响。5.c解析本题考查对t图像的理解0tl时间内,游客做匀变速直线运动加速度不变该时间段内游客的平均速度万lUl丁tt2时间内游客向下做加速度减小的加速运动,游客的加速度逐渐减小,方向竖直向下,t23时间内游客向下做减速运动!加速度逐渐增大方向向上,选项A、B错误,选项C正确;t2时间内游客的平均
18、速度丽2等选项D错误。关键点拨此题需注意对运动过程的分析,分阶段处理问题绳子绷紧前,游客受恒力作用,绳子绷紧后,游客受变力作用,再结合图像分析问题窒二二二重D2卷20v副线圈中的电流二二0A帘电流与匝数成反比得!坠2告l0A2A所以电流表示数为2A故A正确。nl根据题图甲可知交流电的周期是T004.则芋50rads故B正确。交流电的周期是0.04s在每个周期内电流方向改变2次所以流过电流表的电流方向每秒钟改变次数鹏50次故c正确由题图甲可知在M,时电压最大,此时磁通呈的变化率最大,穿过线圈的磁通呈为零,故D错误关键点拨由圆￥可知电压越大磁通量变化率越大变化率最大时穿过线圈的磁通量为零;电表读数
19、为有效值,交流电每个周期电流方向改变两次D解析本题考查动量守恒定律的应用。弹体和弹头组成的系统分离时在水平方向上动呈守恒,规定分离前速度的方向为正JlOl方向,有（lm2）0O22ll（Ol2）,解得2O0-mm2故D正确AB、C错误。关键点拨此题需注意相对性伺时性问题分离时l为弹头相对弹体的速度,故需将其转化为对地速度c解析本题考查力的合成与分解。对P0两环受力分析可知环均只受框架对环的弹力和细绳拉力,且两力为平衡力对结点O受力分析如图所示,由几何关系可知,故vl;F2l目l607CF2。CD解析本题考查带电粒子在有界y磁场中的运动问题作出最后进入磁场的带电粒子的运动轨迹图如图所示,由图可知
20、B错误;沿腮轴方向射出的粒子最先进入磁场,由几何关系可知,粒子在磁O场中运动的偏转角为30。,所以运动时间为蒜2而了2-黑,故A正确;沿与“轴成30。角斜向下方进入磁场的粒子最0,后射出磁场在磁场中偏转角为120。,所用时司为蒜2丽2铡誓,轨迹对应的弦长为S22sin602丁,粒子进49;一司关键点拨框架光滑,绳子绷直后必与框架垂直8C解析本题考查万有弓力定律与力学问题的综台当物体转至圆盘的最低点,所受的静摩擦力沿斜面向上达至最大时,圆盘的角速度为m,由牛顿第二定律得队mgcos30。-mgSin30D2Lm2L所以g以cos30。sin30。4（u2L,由于不知道该行星的同步卫星的绕行高度,
21、所以不能求出同步卫星的周期故A错误;设2该行星的第宇宙速度为,则有哪吨4恤L可得,酉F2oI故B错误;在该行星表面万有弓力等于重力则了-吧解得-夸-4竿瓜故c正确离行圃距离为GM肌的地方的万有引力吧胁十吧二啊亿即重力加谨度为g2L,故D错误关键点拨本题的关键是对重力加速度的求解,以重力加速度为纽带,找出待求物理量的表达式9.BD解析本题考查电容器的动态分析。保持开关闭合电容器两端的电势差等干电源的电动势,故电容器两端的电势差总不变!根据QUC可知,只移动R的滑片时电容器的电容不变电容器两端电势差不变,电容器带电荷量不变,将两极板间距增大时根搪c-揣知电容器的电容减小电容器两端电势菱不变,可知电
22、容器带电荷量减小,故A错误,B正确断开开关,电容器带电荷量不盆侧有厕-;-嘿改变极板阎距和紧贴下极板插入金属板,极板间的电场强度不变,微粒所受电场力不变保持不动故C错误,D正确关键点拨开关断开状态下判断电容器两极板间的场强变化由c羔及0-;可推得二级结论嘿:正比于暴。20.BC解析本题考查理想变压器问题。由题图甲可知!原线圈两端电压的有效值为U山虫vl00v由电压与匝数成正2比可得副线圈两端电压的有效值为U-些0l00v2免飞讨。.（）平P:.贼磁场的位雷离鳃轴的距离为鳃-0-亨“所以最后从磁场中射出的粒子出磁场的位置到狐轴的距离为s卯2了争乎铡所以最后从磁场中射出的粒子出磁场的位置半标为（鹏
23、孪）故c川正确.关键点拨本题中带电粒子在磁场中的运动半径已知,简化了作粒子运动轨迹的难度,关键是要清楚粒子在不同区域的运动性质以及如何根据轨迹半径大小和限定磁场的区域分析出粒子的偏转情况22.（1）6.125（2分）（2）B（2分）（3）小干（2分）解析本题考查螺旋测微器的读数以及自由落体运动的规律（1）由题图乙可知螺旋测微器的示数为6.0mm12。50.0lmm6。125mm;（2）根据自由落体运动规律有22gh,o2h的关系图像应该是条过原点的倾斜直线,故B正确;（3）根据匀变速直线运动的规律得钢球通过光电门的平均速度等于这个过程中间肘亥的瞬时速度,中间时刻的瞬时速度小于中间位移的速度,所
24、以钢球通过光电门的平均速度小于钢球球心通过光电门的瞬肘速度关键点拨解答实验问题关键是明确实验原理,根据物理规律列出相应方程,再求解讨论即可螺旋测微器又名干分尺,读数的方法是固定刻度读数加上可动刻度读数!必须估读位23.（1）见解析（3分）（2）小灯泡的电阻R随T的升高而增大（3分）（3）0.62（3分）解析本题考查研究小灯泡伏安特性曲线的实验DS卷一（2）P从D点运动至E点,由动能定理得吧（RRc。s37。）砸愚in37i咖嚼;（2分）解得Dg可ms,P从C点运动到D点!由牛顿运动定律得F咱ein37。-m呜cos37。加l（2分）解得l0,说明P从C点到D点做匀速运动故Dcg可ms（1分）P
25、从A运动至C由动能定理得阀测皿“c。s37.（聊g嗡m37.）匹“-:（2分解得EMlJ（l分）（3）P在G点脱离圆轨道做曲线运动,把该运动分解为平行于斜面的匀减速直线运动和垂直干斜面的初速度为零的匀加速直线运动,贝平行于斜面方向有Fmgsin37m2（2分）解得24mS2!垂直于斜面方向有mgcos37m3（1分）解得38nMs2,P垂直落在斜面上满足2R2（1分）平行于斜面方向上有02t（1分）联立解得c2豆ms平行干斜面方向十的位移鳃三竿-（2分）即P在斜面上的落点距D点的距离如1m（1分）26.（除标注外,每空2分,共l4分）（1）由于小灯泡两端电压从零逐渐增大,所以滑动变阻器应采用分
26、压式接法由于小灯泡是小电阻需要采用电流表外接法,设计电路如图甲所示（2）I图像中图线上某点纵横坐标的比值代表小灯泡的电阻R由此可知随着通过灯泡的电流的增大灯泡的电阻增大,灯丝产热越多即灯丝的温度越高,所以小灯泡的电阻R随T的升高而增大（3）作出电池的U图线,该图线与灯泡的U-图线交于点,如图乙所示,可知交点的电压U1.38V,电流0“8A,可得P0。62WUV耳日勺飞勺丘囊l5（）飞歹.00卢勿0050弗司00100200.300.400500.60A亥4B2Fi万B2L2（1）BEGE（共3分）将BCl3冷凝为液态分离出来（2）装置C中黑色固体变成红色且装置A中澄清石灰水变浑浊（3）BCl3
27、3H2O-H3BO33HCl（4）弱（1分）将0.lmolLNa2CO3溶液逐滴加入饱和硼酸溶液中,没有气泡产生（5）65.5解析本题考查三氯化硼的制备酸性强弱的比较和产率计算（1）将干燥的氯气通过B2O3与C,在加热条件下反应生成B（l3和CO,BCl3的沸点为12。5收集三氯化硼要用冰水冷却,用氢氧化钠溶液吸收未反应的氯气和可能存在的CO2三氢化硼易水解,为防止氢氧化钠溶液中的水进入装置B在装置B和G之间加装置E,用于吸水,生成的CO经干燥后再通入装置C还原氧化铜将生成的气体通入澄清石灰水检验可以证明原反应中有CO生成,剩余的CO不能排放至空气中,要用排水法收集,则实验装置合理的连接）顶序
28、为DBEGECAF其中装置B的作用是将BCl3冷凝为液态分离出来。（2）CO能还原氧化铜使黑色的氧化铜转化为红色的铜单质CO自身被氧化成二氧化碳,使澄清石灰水变浑浊则能证明反应中有CO生成的现象是装置C中黑色固体变成红色旦装置A中澄清石灰水变浑浊（3）BCl3水解生成H3BO3和HCl,化学方程式为BCl33H2OH3BO33HCl（4）因为碳的非金属性强于硼,所以硼酸的酸性比碳酸的酸性弱。根据较强酸制取较弱酸的原理,设计实验为将0.1mol.LNa2CO3溶液逐滴加入饱和硼酸溶液中,没有气泡产生可证明硼酸的酸性比碳酸弱。（5）根据反应的化学方程式B2O33C3Cl22BC133CO可以计算出
29、17.5g（即0.25mol）B2O3参与反应,BCl3的理论产量为5m即5a75所以B的产率为揣i0065.524.（1）v（2）pp解析本题考查单杆切害磁感线问题。（l）棒在鳃处的速度大小为o正厉棒切割磁感线产生的感应电动势EB。2。棒在回路中的电阻为Rp.2棒的热功率P二解得P4B2丽丁）分分分分（2分）（1分）p（2）流过棒的电流二舟安培力大小为FBI22面而B2绷（2分）p安培力与撕成正比所以安培力做的功为FL（l分）凸解得W厄万B2L2（2分）p万法拓震1功的计算方法罐沁啤她功i恕段辩鞍枷闺像法郸撰腮辩熟霉群（导出安培力随导体棒位移线拦变化盾;由第翱宽潍磁吵（25.（1）3N（2）
30、1J（3）lm解析本题考查力学综合问题的应用（l）P在半圆轨道的最高点E时,设轨道对P的压力为由牛顿运动定律得0E（2分）mgFsin37。万解得3N（l分）由牛顿第三定律得P运动至E点时对轨道的压力FN3N（1分）O4一（除标注外,每空2分共l5分）（l）强氧化性（l分）（2）烧杯漏斗玻璃棒趁热过滤（1分）重结晶（1分）（3）生石灰（l分,合理即可）（4）2MnO24KOHO2堕壁2K2MnO2H2O（5）阳（1分）MnO;eMnO本3:2200O2000Ii9:面58（6）l00l.0800解析本题以高锰酸钾的工业生产为素材考查基本实验操作、电解原理氧化还原滴定等。（l）KMnO4稀溶液用
31、作消毒剂是利用KMnO4的强氧化性。（2）操作1为过滤,用至的玻璃仪器有烧杯、漏斗玻璃棒操作2是为了从KMnO4和K:CO3的混合溶液中得至KMnO4粗晶体,具体步骤为蒸发结晶趁热过滤;操作3是为了将KMnO4粗晶体提纯从而得至KMnO4晶体可使用重结晶的方法。（3）母液中溶质主要为K2CO3,可以加入生石灰以得到KOH溶液进行循环使用。（4）根据流程信息可知,熔融过程中发生反应的化学方程式为2MnO24KOHO2鲤2K2MnO2H2O（5）阳极为K2MnO4溶液,阳极失去电子发生氧化反应,故电极反应式为MnO;eMnOJ,说明KMnO在阳极生成,阳极生成KMnO斗和K,阴极为电解H2O生成O
32、H和H2为使离子交换膜两侧溶液溶质较为单贝K应从阳极向阴极移动,离子交换膜应为阳离子交换膜依据电解方程式2K2MnO2H2O鱼里2KMnO邻H22KOH可知K2MnO4的理论禾用率是l00,而在通入二氧化碳形成的酸性条件下发生的歧化反应为3K2MnO42CO22KMnO42K2CO3MnO2,反应中K2MnO4的理论利勺用率是亏,所以两种方法中KMO的理论利用率之比为3;2（6）根据离子方程式2MnOJ5H2C2O46H-2Mn2勺l0CO28H2O可知厕（KMnO）亏（HC2O）平行滴定三次,消耗KMnO4溶液的体积分另为2446mL、25.98mL、24.50mL,25.98mL误差较大,
33、应舍去,所以消耗KMnO4溶液体积的平均值为24.48mLL0800g样品中m（KMnO4）2O0Ol0L2000m.L!2盟湍!58mr!故样2M00o2000I搬58品的纯度为100127（4）不变刨.25解析本题考查热化学方程式弱酸酸根离子的水解离子浓度、平衡常数等基本知识点（l）NaOH溶液恰好完全吸收NO2后生成NaNO2和NaNO3,根据氮元素化合价变化可知,NO2既作氧化齐又作还原剂,2NO22NaOH-NaNO2NaNO3H2O;若2molNO2参加反应只有lmolNO2作氧化齐,可以判断生成lmol氧化产物NaNO3!故氧化剂和氧化产物物质的三之比为l:l（2）根据盖斯定律可
34、知将已知的两个热化学方程式相加即得3NO（g）O3（g）-3NO2（g）（-200。9kJmoll）（-l16。2kJmoll）-317。lkJmol（3）OHCOO水解使甲酸钠溶液呈碱性HCOOH2OHCOOHOH。反应后溶液中三种溶质HCOONaHCOOHNaCl的物质的三之比为l:1:l,巳知常温下,甲酸的电离平衡常数K0l0狈HcO0的水解平衡常数K-:丁l7;粤羔KbK,说明HCOOH的电离程度大于HCOO的水解程度故反应后的溶液呈酸性,溶液中离子浓度从大至小的顶序为C（Na）c（HCOO）c（Cl）c（H）c（OH）（4）O由表格中数据可知,反应体系中反应物No、c和生成物AB的物
35、质的量变化量之比为2:1:1:l,则该反应为2NO（g）C（s）N2（g）CO2（g）,反应前后气体体积不变,且反应物中只有NO种气体故平衡后再充入NO,平衡不移动,NO的百分含呈不变。0。02500.0250335时,Kc（CO2）.c（N2）2（粤广型c2（NO）易错警示NaOH溶液恰好完全吸收NO2后生成NaNO2和NaNO3,根据化学方程式2NO22NaOH-NaNO2NaNO3H2O,氧化剂和氧化产物物质的量之比易错写为2:l。（除标注外,每空l分,共1l分）（l）促甲状腺低于（2）促进B细胞的增殖分化（3）自身免疫患者体内产生的抗体与甲状腺细胞上的促甲状腺激素受体结合,促进甲状腺细
36、胞分泌过量的甲状腺激素,进而促进新陈代谢,提高神经系统兴奋性（2分）（4）实验思路:将若干幼龄蛾斟破坏甲状腺后分为两组,-组畏食添加甲状腺激素的普通饲料,另-组喂食无甲状腺激素的普通饲料,观察两组蛹抖能否发育为青蛙预期结果:喂食添加甲状腺激素饲料的-组蛹抖能发育为青蛙,另-组不能发育为青蛙（5分）解析本题考查甲状腺激素的调节和作用以及实验设计的能力（l）图中B激素由垂体分泌,作用于甲状腺,故B激素是促甲状腺激素,该患者由于能产生抗体与甲状腺细胞上的促甲状腺激素受体结合,导致甲状腺激素（C激素）分泌过量而甲状腺激素反馈抑制垂体分泌促甲状腺激素,导致促甲状腺激素的分泌量低于正常人（2）图中物质D由
37、T细胞分泌,是淋巴因子,其作用是促进B细胞的增殖、分化（3）据图分析,Graves病是由抗体与促甲状腺激素受体结台导致的,因此该病是自身免疫病甲状腺激素具有促进新陈代谢和提高神经系统兴奋生的作用,患者的甲状腺激素分泌过三,是导致患者出现题中所述症状的主要原因（4）验证甲状腺激素能够促进捌斟的变态发育）,实验的自变呈为是否饲喂甲状腺激素,为了排除内源激素的影响!需要先破坏蛾抖的甲状腺然后将蛹蚂分为两组组喂食添加甲状腺激素的普通饲料,另组喂食无甲状腺激素的普通饲料!观察两组蝴料能否发言为言蛙。因为甲状腺激素能够促进捌蚂的变态发育29。0800g7、二凹四刷盲所得物质分离的6种常用方法:（l）过滤;
38、分离难溶物和易溶物,特殊胃况下需要采用趁热过滤或抽滤等方法;（2）革取和分液:利用溶质在互不相溶的溶剂里的溶解度不同来提取分离物质,如用CCl或苯革取澳水中的臭（3）蒸发结晶提取溶解度随温度变化不大的溶质,如NaCl;（4）冷却结晶提取溶解度随温度变化较大的溶质易水解的溶质或结晶水合物,如KNO3、FeCl3Cu2、CuSO4。5LO、FeSq7ILO等（5）蒸馏与分馏:分离沸点相差较大且互溶的液体混台物,如分离乙醇和甘油;（6）冷去法:利用气体易液化的特点分离气体如合成氨工业采用冷却法分离氨气与氮气氢气（每空2分,共14分）（l）l:1（2）3NO（g）O3（g）-3NO2（g）H-3l7.
39、lkJ。mol（3）OHcooH2oHcooHoH酸c（Na）c（HCOO）c（Cl）c（H）c（OH）D5串卷28一因此,喂食添加甲状腺激素饲料的组蛹蚂能发育为青蛙,另组不能发育为青蛙。刷盲所得对于验证类型的实验!实验结论是已知的,与实验的目的致首先要分析实验目的,从中找出实验的自变量因变量和实验材料如本题是验证“甲状腺激素能够促进蛹蚂的变态发育甲状腺激素就是自变量变态发言就是因变量未发言的蛾斟就是实验材料其次,激素类实验要注意排除内源激素的干扰,需要事先将分泌该激素的腺体去除或破坏然后再根据自变量分别处理实验组和对照组,观察因变量的变化3O（除标注外,每空l分共8分）（1）结合自由减弱低氧
40、低温干燥（2）高淀粉比油脂的亲水性高,因此淀粉种子中含有较多的结台水（2分）（3）不同生物的基因（DNA或遗传物质）组成不同解析本题考查自由水和结台水的作用。（l）种子风干过程中自由水含三大幅减少,细胞中剩下的水主要是结合水。由于自由水含量减少,细胞呼吸减弱,有机物的消耗速率降低适宜入库储藏。同日寸,为了抑制细胞呼吸仓库环境还需满足低氧低温干燥等条件（2）根据题意,“种子可以入库储藏的最高含水三称为安全含水量”,由题图可知,淀粉种子（玉米和小麦）的安全含水量比油料种子（亚麻）的高原因可能是淀粉比油脂的亲水性高）因此淀粉种子中含有较多的结合水,而结合水不影响种子的储藏（3）不同的淀粉种子,呼吸速
41、率与含水量的关系也不同,造成这现象的根本原因是不同生物的基因组成不同关键点拨解答本题的关键是如何理解安全含水量这个概念种子可以入库储藏的最高含水呈称为安全含水量,细胞中的水分为结台水和自由水风干种子是为了减少自由水,抑制细胞呼吸速率,当自由水降低到定程度后细胞呼吸速率被抑制至较低水平就可以入库储藏了此时结台水含量几乎不变。因此,安全含水量主要与结合水含量有关。而结合水含量又与细胞中化合物的亲水性有关,淀粉的亲水性高于油脂,因此淀粉类种子比油脂类种子的结合水多,安全含水量高3.（除标注外,每空2分,共8分）（1）初级（l分）岸蟹的食物来自不同的营养级样方法和标志重捕法（顶序不可颠倒）（2）在定范
42、围内,随滨螺密度增大藻类种数逐渐增多（3）减少（l分）解析本题综合考查种群密度的调查生态系统的营养关系等（l）藻类是生产者,滨螺喜食藻类,说明它是初级消费者,而岸蟹在生态系统中同时占多个营养级,是因为岸蟹的食物来自不同的营养级如若岸蟹的食物分另来自第二和第三营养级,则岸蟹属于第三和第四营养级滨螺活动能力弱岸蟹活动能力强0贝调查滨螺和岸蟹的种群密度应分另采用样方法和标志重捕法。（2）据题图分析!滨螺与藻类种数的关系是在定范围内,随滨螺密度增大藻类种数逐渐增多（3）岸蟹是滨螺的天敌,大呈捕捉岸蟹,将导致滨螺数呈增加。又因滨螺更加喜食绿藻,进而导致绿藻被大呈采食而减少。教尔识图解读图中曲线含义时,要
43、注意实事求是描述曲线的走势时,要有条件说明,如本题曲线,需要说明条件“在定范围内然后按照随着.。.（横坐标）的增大,.,（纵坐标）增多（或减少）的形式表述曲线变化32.（除标注外,每空2分,共l2分）（杂种优势（l分）壶D6（2）Q）F（msms）S（MSMS）或F（MSMS）S（MSms）不-致。若S（MSms）作母本,则后代中会出现雄性不育系;若保持系A作母本则后代中不会出现雄性不育系（3分）解析本题考查分离定律在杂交育种中的应用以及细胞质基因的遗传特点。（l）杂交后代的某些性状比非杂交后代更优良的现象称为杂种优势。根据题意分析可知,超显性学说中的具有杂种优势的个体是指其每对基因都是杂合的
44、,则AabbCCDdEe和aaBbCcDdee的亲本杂交!符合要求的基因组成是AaBbCcDdEe,出现的概率为-壶（2）细胞质基因的遗传为母系遗传。O据图分析,将保持系A的花粉授予雄性不言系S（msms）可以继续得到S（msms）,保持系A自交仍为保持系A,故保持系A的核基因组成为msms,且由于保持系A可言,其细胞质基因必为可育基因F,因此保持系A的基因组成为F（msms）将恢复系R的花粉授给雄性不育系S（msms）可得到具有杂种优势的杂交种子,且恢复系R自交仍为恢复系R,则恢复系R的核基因组成应为MSMS其细胞质基因组成可为F或S,因此灰复系R的基因型应为S（MSMS）或F（MSMS）杂
45、交种子的核基因组成为MSms,细胞质基因组成同雄性不育系B,故杂交种子的基因组成为S（MSmS）保持系A基因型是F（msms）,令保持系A与S（MSms）进行正反交,后代表现不致。因为,当保持系A作母本时,子代为F（MSmS）和F（msmS）,均可言;当S（MSms）作母本时,子代为S（MSmS）和S（msms）,前者可育,后者不言思路分析解答第（2）问时要注意核基因与质基因的遗传特点,核基因的遗传遵循基因的分离定律,但细胞质基因的遗传为母系遗传推理各系基因型时,要根据巳给出的三系杂交水稻图解,结合不同位置基因的遗传特点进行推理。（l）ADE解析本题考查对气体实验定律的理解活塞能够缓曼且无摩擦
46、地向右移动,说明气体做等压变化压强不变,故D正确;等压变化过程中气憾体积增大由盖昌萨臭定律舟-告可铡,气体温度升高,分子平均动能增大,内能增加,故B错误,A正确;气体温度升高,内能增加,体积增大,气体对外做功,汽缸绝热密闭,不与外界发生热传递则电热丝放出的热量UQJV,故C错误;气体压强不变而温度升高分子平均动能增大,对器壁的平均撞击力度增大,则气体分子在单位时间内对器壁单位面积的撞击次数减少!故E正确刷盲所得定质量的理想气体的内能仅与温度有关对于定质量的理想气体,温度越高!分子平均动能越大,气体内能越大,由气体压强的微观意义分析可知气体分子撞击器壁时对器壁的撞击力度大发生变化（2）O375K
47、能升起0。96ms2解析本题考查气体等压变化与受力平衡相结合。o热气球内气钵做筹压变化有署（分质量变为原来的80,相当于气体体积膨胀到原来的,代入数据解得Z375K（2分）若热气球刚好升起有plgVbMgp2gb,又由升-贤可得-圆吗联立解得吗436K!由500K436K,可知热气球会升起（2分）又由pTlp3Th可知温度为Z500K时气体密度为p30.72kgm3（1分）33莹三窒二卷一大,磁记录性能越好可判断,适合作录音带磁粉原料的是CrO2（4）镍元素基态原子的核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d84s2或Ar3d84s2SOi中中心S原子有4个成键电子对,无孤电子对故SO
48、i的立体构型是正四面体;Nj（NH3）62中,由干Ni2具有空轨道而NH中N原子含有孤电子对二者可通过配位键形成配离子（5）铜晶胞为面心立方最密堆积,贝每个晶胞中含有铜原子数为864c原子半径l27pm27100cm,假设晶体铜的密度为p晶胞的边长为则m4r,硼-芳蛔,贝体积是破由-宁曾解得-4643A（22l27.8l0lo）3gcm。关键点拨已告知元素原子的价电子排布,要求找出属于第族的元素,虽然Nb、Pt不属于l36号元素,但是知道第族元素的价电子数在810之间,可以轻易排除错误答案,此问实质上考查对族概念的理解,考查角度比较新颖。（除标注外,每空2分,共15分）（1）对氟苯酚或4氟苯酚
49、（l分）氯原子、酣基（2）取代反应（1分）保护酚轻基OOClOcl义oOO户但）愈酗q竿FO2NH2O（3分）一-僻,口骂八:一O2NCH2CH2ClCH2Cl（5）CH3CCH3CH3CCH3bCOOHCH2COOH思路分析AB为苯环上的取代反应通过观察官能团变化,可知BC为取代反应;CD为苯环上的硝化反应;D卜E为酷的水解;其中,BC为酚轻基的保护,DE为酚轻基的去保护;通过基团的变化可以看出IK为取代反应;根据巴知信息FG为NO2被FeHCl还原成NH2根据G的结构简式,可知F摧趴八:厂EKF为取O2N代反应。根据牛顿第二定律有pgbMg-pgb（Mp3b）（2分）代入数据可得0。96m
50、s2（2分）（l）ABE解析本题考查波的多解性问题由题图可知,该波的传播周期T8s,若波是由传向b贝所用时间t（81）s（0!l2刑,波速为二器Tm爵（0,2波长7丽!丁m（02若该波是从传向则所用时间（8鹏7爵（厕02-谎!7m鼠02,波长人器了m（02。川此可知当该波由传向b且厕时波长为m当2肘波速为胖ms故AB正确;由波速的表达式分析可知波速不可能为5mS,故C错误;从t0至rl0S时间段内b处质点所经过的路程小于6A6处质点欲振动方程为（哥叶矛）故D错误正确2）吨暂粤3436解析本题考查光的折射o由于对称性,我们只考虑从AB面入射的光线,这些光线经折射后在棱镜中的传播方向平行于AC面,
